Nr zadania 1. 2. 3. 4. 5. 6. 7. 8. 9. 10.
Prawidłowa
odpowiedź a c a b d d c d b a
Liczba punktów 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1
Arkusze maturalne – poziom podstawowy
zadania zamknięte
zadania otwarte
Nr zadania Prawidłowa odpowiedź Punkty
11.1. Q = mg = 200 N.
Z III zasady dynamiki wynika, że siła S jako siła reakcji ma taką samą wartość jak siła Q.
Zatem S = 200 N.
1 4
11.2. Na podstawie II zasady dynamiki mamy:
FC − T = ma, gdzie T oznacza siłę tarcia.
Przekształcając wzór otrzymujemy:
T = FC − ma = 220 − 100 = 120 N.
Narysowanie wektora T wymaga uwzględnienia jego długości, która stanowi nieco ponad połowę długości wektora FC.
2
11.3. Siła tarcia wyraża się wzorem: T = f N, gdzie N oznacza siłę naciskającą na podłoże.
Skrzynia naciska na podłoże swoim ciężarem, dlatego tutaj: N = Q, T = fQ.
Stąd mamy: f = T / Q = 0,6.
1
12.1. Zapisując wzorem wartość siły wyporu dla obu kulek:
F g V
wyp1= ⋅ ⋅ρ 2, Fwyp2= ⋅ ⋅ρ g V,
przekonujemy się, że siła działająca na kulkę 2 jest dwa razy większa (kulki zanurzono w tej samej cieczy i mają taką samą objętość).
1 5
12.2. Na kulki oprócz siły wyporu działa siła ciężkości. Skoro kulka 2 utonęła, to znaczy, że jej ciężar jest większy niż działająca na nią siła wyporu. Wynika stąd wniosek, że kulki mają różną gęstość – są zrobione z różnych substancji.
1
FC
→
T→
12.3. Kulka 1 unosi się w wodzie, co oznacza, że działająca na nią siła ciężkości jest zrównoważona przez siłę wyporu:
Fwyp1= , czyli ρ⋅ ⋅ =Q g V
2 mg. Po przekształceniu tego wzoru do postaci:
ρ = 2 m
V można zauważyć, że po prawej stronie występuje ρ =kulki m V.
To pozwala na wniosek, że: ρ = 2ρkulki. Podstawiając wartości liczbowe otrzymujemy wynik:
1000 2= ρkulki, z czego wynika: ρkulki= 500kg m3.
3
13.1. Z karty wzorów i stałych fizycznych odczytujemy promień Ziemi i obliczamy odległość Księżyca od Ziemi: r = 60 ⋅ 6370 km = 382 200 km = 3,82 ⋅ 108 m.
Wykorzystujemy wzór definiujący natężenie pola: γ =F m
g.
W sytuacji opisanej w zadaniu w liczniku będzie siła przyciągania między Ziemią i Księżycem, a w mianowniku – masa Księżyca:
γ = =
⋅ F =
m
GM M Mr GM
r
g
Z K
K 2 Z
2 .
Po podstawieniu danych otrzymujemy: γ =GM = ⋅ r
Z
2 2 7 10, −3N
kg. Masę Ziemi i stałą G odczy- tujemy z karty wzorów.
2 5
13.2. Obliczamy masę Księżyca: MK = 7,38 ⋅ 1022 kg. Przekształcając wzór definiujący natężenie pola, otrzymujemy: F= ⋅γ MK. Skąd, po podstawieniu wartości liczbowych, mamy:
F =2 7 10 7 38 10, ⋅ −3⋅ , ⋅ 22≈20 10⋅ 19N .
1
13.3. Stosunek siły przyciągania grawitacyjnego na Ziemi do siły przyciągania grawitacyjnego na Księżycu wyrażamy poprzez wielkości, które są znane:
F F
GM m R GM m
R
M R M R
Z K
Z Z K
K
Z K
K Z
=
⋅
⋅ = ⋅
⋅
2
2
2
2 . Podstawienie do powyższego wzoru: MZ = 81 MK oraz RZ = 3,7 RK
daje: F F
M R
M R
Z K
K K
K K
= ⋅
⋅ =
81
3 72 22 5 92 6
( , ) , ≈ .
2
14.1.
N→
l
x α
1 5
14.2. Z podobieństwa trójkątów utworzonych przez wektory sił oraz przez nitkę i połowę odległości
między piłeczkami wynika, że: F Q
d x
d x
e= =2
2 .
Podstawiając odpowiednie wzory w miejsce sił Fe oraz Q, otrzymujemy:
kq mgd
d x
2 2
=2 . Po uporządkowaniu mamy: kq
mgd d
x
2
2 =2 , czyli: 2xkq mgd2= 3, skąd otrzymujemy wzór na wiel- kość szukaną m: m kq x
= gd223
. Pamiętając, że wielkości znane to m, q, g, k oraz długość nitki l,
widzimy, że do wyznaczenia m brakuje tylko x. Wyznaczamy x poprzez wielkości znane z twier-
dzenia Pitagorasa: x= l2 d2
− 4 . Ostatecznie wyrażenie na masę przyjmuje postać:
m kq l d gd
kq l d
= = gd
2 2 2
3
2 2 2
4 43
− −
.
4
15. Obliczamy stałą siatki:
d = 1 mm / 200 = 0,005 mm = 5 ⋅ 10−6 m.
Najwyższy rząd widma odnosi się do jasnego prążka, który jest najbardziej oddalony od prąż- ka centralnego. Jednak nie może on się znajdować w odległości, której odpowiada kąt 90°.
Zatem wygodnie jest obliczyć rząd widma, który odpowiadałby temu kątowi, a otrzymany wynik zmniejszyć do liczby całkowitej (rząd widma jest liczbą całkowitą).
Dla siatki dyfrakcyjnej słuszny jest wzór: nλ= sin .d α Uwzględniając, że sin 90° = 1, otrzymujemy:
n= =d ⋅
⋅ = =
λ 5 10 6 10
50 6 8 33
−
− 6
7 , .
Ponieważ nie może istnieć prążek 9. rzędu, mamy pewność, że najwyższy rząd widma to 8.
2
16.1. Na proton działa siła Lorentza, która powoduje jego ruch po okręgu i odgrywa tutaj rolę siły dośrodkowej: FL = Fd.
Podstawiając w miejsce obu sił odpowiadające im wzory, mamy: q B m
ν rν
= 2, czyli: qB m
= rν . Po prawej stronie występuje pęd protonu: qB p
= .r
Stąd obliczamy pęd: p qBr= =1 6 0 2 0 1 0 032 10, ⋅ , ⋅ , = , ⋅ −19=3 2 10, ⋅ −21kgm s.
2 3
16.2.
Korzystamy ze wzoru: λ = = ⋅
⋅ = ⋅
h p
6 63 10
3 2 10, 2134 2 07 1013
, −− , − m.
1
17.1.
t[h]
N×108
00
50 100 150 200 250 300
2 4 6 8 10 12 14 16
18 2 3
17.2. Czas, po którym w próbce zostanie połowa początkowej liczby jąder, wynosi około 82 go- dziny.
1
18.1. Obliczamy energię elektronu na poziomie wzbudzonym n = 3:
E3 13 62
3 1 5
=− , =−, eV i energię elektronu na poziomie podstawowym: E1 13 62
1 13 6
=− , =− , eV.
Różnica między nimi jest wypromieniowana z atomu w postaci fali elektromagnetycznej.
Fotony tego promieniowania mają więc energię:
Ef =E3−E1=− − −1 5, ( 13 6, )=12 1, eV=12 1 1 6 10, ,⋅ ⋅ −19J=19 36 10, ⋅ −19J .
Energia fotonu zależy od częstotliwości fali: Ef = ⋅ , skąd obliczamy częstotliwość światła h f wysyłanego przez wodór:
f E h
= f = ⋅
⋅ = ⋅
19 36 10
6 63 10, 3419 2 9 1015
, −− , Hz.
3 4
18.2. Wszystkie fale elektromagnetyczne rozchodzą się z prędkością c, zatem: c
T f
= = ⋅λ λ . Stąd po przekształceniu mamy: λ = = ⋅
⋅ = ⋅
c f
3 10
2 9 10815 1 03 10 7
, , − m.
1
19.1. Fotony światła padającego na katodę muszą mieć energię co najmniej równą pracy wyjścia elektronów z wolframu: W h f= ⋅ .gr
Po przekształceniu obliczamy częstotliwość graniczną. Pracę wyjścia trzeba przy tym wyra-
2 4
20. Do polaryzacji światła odbitego dochodzi wtedy, gdy kąt, jaki tworzy promień odbity z pro- mieniem załamanym, wynosi 90°.
Analiza rysunku pozwala zauważyć, że kąt odbicia i tym samym kąt padania musi wynosić 60°. Jest to kąt Brewstera, który spełnia warunek: tgα = . Stąd obliczamy: n = tg60 1,73n ° = .
2
21. Korzystamy ze wzoru na moc, w którym pracę zastąpimy energią promieniowania:
P W
t E
= = .t
Na energię wiązki światła laserowego składa się energia wszystkich fotonów.
Jeżeli energia jednego z nich wynosi Ef, to energia n fotonów będzie n razy większa. Zatem:
P n E t
n h f t
= ⋅ f
= ⋅ ⋅ .
Przekształcając ten wzór, otrzymamy wyrażenie pozwalające obliczyć liczbę fotonów: n Pt
=hf. Możemy go wykorzystać, obliczając wcześniej częstotliwość światła laserowego: f=c
λ. Po wstawieniu tego wyrażenia do wzoru na n ostatecznie mamy:
n Pt
= hc = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅
⋅ ⋅ ⋅ = ⋅
λ 210 10 1 4 05 10 6 63 10 3 10
850 5 10 19
3 7
34 8
− − 0
−
, −
,
, 1
,, ,
89 1026 42 76 1016
⋅ − = ⋅ .
3