4 Równania liniowe II rzędu
Równania liniowe II rzędu są ”najważniejsze” ze względu na równanie dynamiki Newtona:
F = m~a.~
Zanim omówimy metody rozwiązywania, należy wiedzieć, że sporo wiemy o tym, jak ma wyglą- dać rozwiązanie.
Dla każdego rzędu równania faktem jest, że rozwiązanie jest sumą ogólnego rozwiązania równa- nia jednorodnego yj i szczególnego rozwiązania równania niejednorodnego ynj:
y = yj + ynj. (1)
Z tego faktu wynika sposób rozwiązywania równania liniowego: w 1. kroku rozwiązujemy równanie jednorodne, w 2. kroku szukamy rozwiązania równania niejednorodnego.
Można też doprecyzować jak wygląda rozwiązanie równania jednorodnego: to rozwiązanie na- zywamy ogólnym, ponieważ zawiera dwie stałe całkowania:
yj = C1y1+ C2y2, (2)
gdzie y1, y2 to dwie niezależne funkcje spełniające równanie jednorodne. Ta niezależność funkcji wynika z własności Wrońskianu W (x):
W (x) =
y1 y2 y10 y02
6= 0 (3)
Niezależność funkcji w praktyce oznacza, że nie da się ich do siebie dodać.
Równania liniowe mogą być: jednorodne lub niejednorodne, o stałych współczynnikach lub nie, co daje 4 typy równań. Oto one wraz z metodami ich rozwiązywania:
jednorodne o stałych współczynnikach: ay00+ by0+ cy = 0; rozwiązuje się je przez podsta- wienie erx,
niejednorodne o stałych współczynnikach: ay00+ by0+ cy = f (x); w 1. kroku rozwiązujemy równanie jednorodne, w 2. kroku stosujemy metodę przewidywania lub uzmienniania stałych, w zależności od funkcji f (x),
jednorodne postaci: y00+ p(x)y0 + q(x)y = 0; rozwiązujemy np. stosując wzór:
W (x) = e−R p(x)dx,
niejednorodne postaci: y00+ p(x)y0+ q(x)y = f (x); w 1. kroku rozwiązujemy jednorodne, w 2. kroku stosujemy metodę uzmienniania stałych. Ten typ równania tylko dla chętnych, ponieważ rozwiązanie jednego równania zajmuje trochę czasu.
Zaczniemy omawianie poszczególnych metod zaczynając od najłatwiejszej. Pomięte zostaną wy- prowadzenia oraz dowody, ponieważ instrukcja dotyczy ćwiczeń.
4.1 Równanie liniowe jednorodne o stałych współczynnikach
Postać ogólna takiego równania to:
ay00+ by0+ cy = 0. (4)
Jeśli rozwiązanie, czyli y(x), wraz z pierwszą i drugą pochodną mają się sumować do zera, jest tylko jedna funkcja, która może być rozwiązaniem: erx. Dla y = erx, pochodne wynoszą y0 = rerx oraz y00 = r2erx. Wstawiając y, y0, y00 do równania (4) otrzymujemy:
ar2erx+ brerx+ cerx = 0,
a po podzieleniu przez erx 6= 0 otrzymujemy równanie kwadratowe zwane wielomianem charak- terystycznym:
ar2+ br + c = 0. (5)
Rozwiązanie równania różniczkowego zależy od pierwiastków tego równania kwadratowego:
∆ > 0: y = C1er1x+ C2er2x,
∆ = 0: y = C1erx+ C2xerx,
∆ < 0: y = eαx(C1sin βx + C2cos βx),
gdzie α to część rzeczywista, a β to część urojona pierwiastka zespolonego r1,2 = α ± βi.
Przykłady
Przykład 1. Rozwiąż równanie: y00+ 2y0− 3y = 0.
Wielomian charakterystyczny r2+ 2r − 3 = 0 ma dwa pierwiastki rzeczywiste r1 = −1 i r2 = 3, zatem dwie różne funkcje spełniają to równanie: y1 = e−x oraz y2 = e3x. Rozwiązaniem ogólnym równania różniczkowego jest funkcja:
y = C1e−x+ C2e3x.
Przykład 2. Rozwiąż równanie: y00− 4y0 + 4y = 0.
Wielomian charakterystyczny r2−4r +4 = (x−2)2 = 0 ma jeden podwójny pierwiastek rzeczywisty r = 2. Dwie różne funkcje spełniające to równanie to y1 = e2x oraz y2 = xe2x. Rozwiązanie ogólne równania różniczkowego ma postać:
y = C1e2x+ C2xe2x. Przykład 3. Rozwiąż równanie: y00+ 4y0+ 5y = 0.
Wielomian charakterystyczny r2 + 4r + 5 = 0 ma dwa pierwiastki zespolone sprzężone r1,2 =
−2 ± i. Dwie różne funkcje spełniające to równanie to y1 = e−2xsin x oraz y2 = e−2xcos x, więc rozwiązaniem ogólnym równania różniczkowego jest funkcja:
y = e−2x(C1sin x + C2cos x).
4.2 Równanie liniowe niejednorodne o stałych współczynnikach
Postać ogólna takiego równania to:
ay00+ by0 + cy = f (x) (6)
W 1. kroku rozwiązujemy równanie jednorodne; w 2. kroku należy zastosować jedną z dwóch metod: przewidywania lub uzmienniania stałych (zwaną czasami metodą Lagrange’a). Obie metody służą do wyliczenia szczególnego rozwiązania równania niejednorodnego, ale w zupełnie inny sposób.
Wybór metody zależy od postaci funkcji f (x).
4.2.1 Metoda przewidywania, czyli współczynników nieoznaczonych Jeśli
f (x) = eαx(Wm1 sin βx +Wn2cos βx), (7) gdzie W1m i W2n to dwa różne wielomiany, stopnia m oraz n, to według metody przewidywania szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego wynosi:
ynj=xkeαx(W3osin βx +W4ocos βx), (8) gdzie W3o i W3o to dwa różne wielomiany, ale tego samego stopnia o: równego większej wartości z m oraz n, natomiast k to krotność występowania wartości α + βi wśród pierwiastków wielomianu charakterystycznego (5). Wyjaśnienie: jeśli α + βi jest pierwiastkiem wielomianu charakterystycz- nego, oznacza to że ynj zawiera identyczne funkcje co yj, a muszą to być dwa niezależne (różne) rozwiązania.
Wzorów tych nie trzeba znać, wystarczy wiedzieć, że:
jeśli funkcja f(x) jest iloczynem wielomianu, funkcji wykładniczej i funkcji trygonometrycznej:
sinusa lub cosinusa,
to rozwiązanie jest iloczynem innego wielomianu najwyższego stopnia występującego w f(x), tej samej funkcji wykładniczej i tej samej funkcji trygonometrycznej. Rozwiązanie to trzeba mnożyć przez x tyle razy, aż zacznie być funkcją niezależną od rozwiązania równania jedno- rodnego.
Metoda przewidywania pozwala wyznaczyć szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego, czyli drugi składnik sumy y = yj + ynj.
Przykłady
Przykład 4. Rozwiąż równanie: y00− 2y0 = f (x), jeśli:
a) f (x) = x + 2, b) f (x) = xex.
W 1. kroku rozwiązujemy równanie jednorodne y00− 2y0 = 0. Stosując podstawienie y = erx otrzymamy wielomian charakterystyczny r2 − 2r = 0, który ma pierwiastki rzeczywiste r1 = 0 i r2 = 2, co daje y1 = 1 i y2 = e2x, więc rozwiązaniem równania jednorodnego jest funkcja:
yj = C1+ C2e2x. (9)
Przystępujemy do ”przewidywania”:
Ad. a) funkcja f (x) = x + 2 jest wielomianem 1. stopnia. Proponujemy zatem jako rozwiązanie również wielomian 1. stopnia: ynj = Ax + B oraz sprawdzamy, czy i ile razy musimy pomnożyć przez x. Z równania (9) wynika, że dowolny dowolny współczynnik jest rozwiązaniem równania jednorodnego, więc absolutnie nie może być częścią rozwiązania równania niejednorodnego (chodzi o współczynnik B). Jednokrotne pomnożenie przez x rozwiąże ten problem:
ynj = (Ax + B)x.
Teraz przewidywane rozwiązanie równania niejednorodnego nie zawiera współczynników. Formal- nie, czyli na podstawie wzoru (8), pomnożenie jednokrotne przez x wynika z faktu, że zero jest pojedynczym pierwiastkiem wielomianu charakterystycznego r2 − 2r = 0, a przecież f (x) = x + 2 można zapisać jako: f (x) = (x + 2)e0x.
Naszym zadaniem jest wyliczenie dwóch współczynników w rozwiązaniu ynj = (Ax + B)x = Ax2 + Bx. Współczynniki te wyliczamy wstawiając rozwiązanie do równania y00 − 2y0 = x + 2.
Wstawienie wymaga policzenia pierwszej oraz drugiej pochodnej:
y0nj = 2Ax + B, y00nj = 2A.
Po wstawieniu otrzymujemy równanie:
2A − 2(2Ax + B) = x + 2,
które ma być tożsamością, co oznacza, że wielomiany po obu stronach równania muszą być tego samego stopnia, oraz że współczynniki przy odpowiednich potęgach muszą być sobie równe, czyli:
− 4A = 1 oraz
2A − 2B = 2.
Z tych równań otrzymujemy A = −14 i B = −54. Szczególne rozwiązania równania niejednorodnego wynosi zatem:
ynj = −1
4x2− 5 4x.
Ostateczne rozwiązanie jest sumą dwóch rozwiązań: ogólnego rozwiązania równania jednorodnego i szczególnego rozwiązania równania niejednorodnego y = yj+ ynj:
y = C1+ C2e2x−1
4x2− 5 4x.
Ad. b) Dla f (x) = xex, czyli iloczynu wielomianu 1. stopnia oraz funkcji wykładniczej e2x, przewidujemy rozwiązanie jako taki iloczyn:
ynj = (Ax + B)ex.
Nie mnożymy przez x: żadna część nie jest rozwiązaniem równania jednorodnego (9). Wstawiając ynj, oraz pierwszą i drugą pochodną:
ynj0 = Aex+ (Ax + B)ex ynj0 = 2Aex+ (Ax + B)ex do równania y00− 2y0 = xex otrzymujemy:
2Aex+ (Ax + B)ex− 2 (Aex+ (Ax + B)ex) = xex, a po podzieleniu przez ex 6= 0 i zsumowaniu lewej strony:
− Ax − B = x.
Tożsamość uzyskamy dla współczynników o wartościach: A = −1, B = 0. Szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego wynosi zatem:
ynj = −xex,
a ostateczne, czyli ogólne rozwiązanie to suma dwóch rozwiązań, jednorodnego i niejednorodnego:
y = C1+ C2e2x− xex,
Przykład 5. Rozwiąż równanie: y00− 6y0 + 9y = f (x), jeśli:
a) f (x) = e3x, b) f (x) = 50 sin x.
Rozpoczynamy od rozwiązania równania jednorodnego postaci: y00− 6y0+ 9y = 0. Wielomian charakterystyczny dla tego równania r2 − 6r + 9 = (r − 3)2 = 0 ma jeden pierwiastek rzeczywisty r = 3.
Rozwiązanie równania jednorodnego ma postać:
y = C1e3x+ C2xe3x.
Przystępujemy do stosowania metody przewidywania, aby znaleźć rozwiązanie równania niejed- norodnego.
Ad. a) Dla f (x) = e3x wstępnie proponujemy jako rozwiązanie ynj = Ae3x, ale taka funkcja jest rozwiązaniem równania jednorodnego. Jednokrotne pomnożenie przez x da nam również rozwiązanie równania jednorodnego, więc pomnożyć należy przez x2:
ynj = Ax2e3x.
Formalnie ujmując sprawę, liczba 3 jest dwukrotnym pierwiastkiem wielomianu charakterystycz- nego, dlatego pomnożyć należy przez x2. Wyliczamy pierwszą i drugą pochodną proponowanego rozwiązania:
ynj0 = 2Axe3x+ 3Ax2e3x, y00nj = 2Ae3x+ 12Axe3x+ 9Ax2e3x, i wstawiamy do równania y00− 6y0+ 9y = e3x:
2Ae3x+ 12Axe3x+ 9Ax2e3x− 62Axe3x+ 3Ax2e3x+ 9Ax2e3x= e3x.
Po lewej stronie równania wyrazy zawierające x oraz x2redukują się, dlatego ostatecznie otrzymamy tożsamość:
2Ae3x= e3x,
dla A = 12. Szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego wynosi zatem:
ynj = 1 2x2e3x,
a ostateczne rozwiązanie równania y00− 6y0+ 9y = e3x to suma yj + ynj: y = C1e3x+ C2xe3x+1
2x2e3x.
Ad. b) Dla f (x) = 50 sin x proponujemy jako rozwiązanie równania niejednorodnego sumę:
ynj = A sin x + B cos x.
Dlaczego taka suma? W wzoru (8)opisującego metodę przewidywania wynika, że w rozwiązaniu obie funkcje trygonometryczne mają być pomnożone przez różne wielomiany tego samego stopnia, najwyższego występującego w f (x) = sin x. W tym przykładzie jest to wielomian stopnia 0., czyli współczynnik. Wyliczamy pierwszą i drugą pochodną proponowanego rozwiązania:
ynj0 = A cos x − B sin x, ynj00 = −A sin x − B cos x i wstawiamy do równania y00− 6y0+ 9y = sin x:
− A sin x − B cos x − 6(A cos x − B sin x) + 9(A sin x + B cos x) = 50 sin x.
Współczynniki przy obu funkcjach trygonometrycznych po obu stronach równania muszą być sobie równe:
8A + 6B = 50 oraz
8B − 6A = 0,
więc B = 3, A = 4. Szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego wynosi zatem:
ynj = 4 sin x + 3 cos x,
a ostateczne rozwiązanie równania y00− 6y0+ 9y = 50 sin x to suma yj + ynj: y = C1e3x+ C2xe3x+ 4 sin x + 3 cos x.
Przykład 6. Rozwiąż równanie: y00+ 4y = f (x), jeśli:
a) f (x) = sin 2x, b) f (x) = ex+ x2.
W 1. kroku rozwiązujemy równanie jednorodne: y00+ 4y = 0. Wielomian charakterystyczny ma postać: r2 + 4 = 0, pierwiastki są zespolone r1,2 = ±2i. Rozwiązanie równania jednorodnego to funkcja:
yj = C1sin 2x + C2cos 2x. (10)
Przystępujemy do określania rozwiązania równania niejednorodnego.
Ad a) Jeśli f (x) = sin 2x, to należy wstępnie przyjąć, że rozwiązanie równanie niejednorodnego jest sumą dwóch funkcji trygonometrycznych ynj = A sin 2x + B cos 2x, ale od razu da się zauważyć, że jest to dokładnie ta sama funkcja co rozwiązanie równania jednorodnego, podane w równaniu (10). Konieczne jest jednokrotne pomnożenie przez x: zgodnie z formalnym wzorem na metodę przewidywania, wartość 2i jest jednym z pierwiastków wielomianu charakterystycznego. Tak więc:
ynj = x(A sin 2x + B cos 2x).
Wyliczamy pierwszą i drugą pochodną:
ynj0 = (A sin 2x + B cos 2x) + 2x(A cos 2x − B sin 2x), y00nj = 4(A cos 2x − B sin 2x) − 4x(A sin 2x − B cos 2x) po czym następuje wstawienie do równania:
4(A cos 2x − B sin 2x) − 4x(A sin 2x − B cos 2x) + 4x(A sin 2x + B cos 2x) = sin 2x
Elementy zawierające funkcje trygonometryczne pomnożone przez x redukują się, i otrzymujemy tożsamość:
4(A cos 2x − B sin 2x) = sin 2x,
dla wartości współczynników: A = 0, B = −14. Szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego to:
ynj = −1
4x cos 2x.
Ogólne rozwiązanie równania niejednorodnego to suma dwóch rozwiązań: równania jednorodnego i niejednorodnego:
y = C1sin 2x + C2cos 2x − 1
4x cos 2x.
Ad b) W tym przykładzie f (x) = ex+ x2, więc funkcja nie jest iloczynem wielomianu i funkcji wykładniczej, tylko sumą. Formalny wzór na metodę przewidywania (8) należy zatem zastosować dwukrotnie: dla każdego składnika sumy osobno. Jeśli:
f (x) = f1(x) + f2(x), to
ynj = ynj 1+ ynj 2.
Dla f1(x) = ex przewidujemy rozwiązanie postaci: ynj 1 = Aex, dla tej funkcji ynj 1= ynj 10 = ynj 100 , a wstawiając do równania y00+ 4y = ex otrzymamy równanie:
Aex+ 4Aex = ex, z którego wynika, że A = 15.
Z kolei dla f2(x) = x2 przewidujemy rozwiązanie postaci: ynj 2 = Ax2+ Bx + C, dla tej funkcji:
y0nj 2= 2Ax + B, y00nj 2= 2A.
Wstawienie do równania y00+ 4y = x2:
2A + 4(Ax2+ Bx + C) = x2
i przyrównanie współczynników przy odpowiednich potęgach:
4A = 1 4B = 0 2A + 4C = 0 da nam wartość współczynników: A = 14, B = 0, C = −18.
Szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego jest sumą ynj = ynj 1+ ynj 2, i ma postać:
ynj = 1 5ex+1
4x2− 1 8.
Ostatecznie, ogólne rozwiązanie równania niejednorodnego jest sumą y = yj+ ynj i wynosi:
y = C1sin 2x + C2cos 2x +1 5ex+1
4x2+1 8. 4.2.2 Metoda uzmienniania stałych
Każde równanie niejednorodne postaci:
ay00+ by0+ cy = f (x)
możemy rozwiązać metodą uzmienniania stałych, niezależnie od postaci funkcji f (x), ale ta metoda wymaga całkowania, i jeśli postać f (x) na to pozwoli, lepiej zastosować metodę przewidywania.
Idea metody uzmienniania stałych jest taka sama, jak dla równań I rzędu, sposób postępowania też, metoda składa się z dwóch kroków:
1. Rozwiąż równanie jednorodne, postać rozwiązania tego równania to yj = C1y1+ C2y2. 2. Zamień stałe całkowania na funkcje (uzmiennij stałe): y = C1(x)y1+ C2(x)y2 i wylicz te funk-
cje. To rozwiązanie też jest sumą yj+ ynj, ale tą sumę uzyskamy po pomnożeniu znalezionych funkcji C1(x) i C2(x) przez odpowiednie rozwiązania równania jednorodnego.
Z góry wiemy, że mamy problem, ponieważ nie da się na podstawie jednego (!) równania różniczko- wego wyliczyć dwóch (!) zmiennych: C1(x) i C2(x). Już przy pierwszej pochodnej: y0 = C10(x)y1+ C1(x)y10 + C20
(x)y2+ C2(x)y20 należy przyjąć założenie, że:
C10(x)y1+ C20(x)y2 = 0.
Dalsze rachunki są przy tym założeniu możliwe: obliczenie drugiej pochodnej i wstawienie y, y0 i y00 do równania różniczkowego (dokładne rachunki pominiemy) prowadzi do równania:
C1(x)y01+ C20(x)y20 = f (x) a .
Założenie wraz z otrzymanym równaniem daje wzór na wyliczenie dwóch funkcji C10
(x), C20
(x) w postaci macierzowej:
"
y1 y2 y10 y02
# "
C10(x) C20(x)
#
=
"
0
f (x) a
#
(11) Oczywiście konieczne będzie całkowanie, aby z C10(x), C20(x) otrzymać C1(x), C2(x). Wzór ten na- leży zapamiętać, wówczas rachunki stają się bardzo krótkie, co pokażemy w następnym przykładzie.
Przykład do tej metody będzie jeden w tej instrukcji - metoda ta nie kryje w sobie żadnych ”nie- spodzianek”. Wystarczy wstawić do wzoru (11), rozwiązać układ równań (np. metodą Cramera), a następnie wyliczyć całki.
4.2.3 Przykłady
Przykład 7. Rozwiąż równanie: y00+ y = sin12x.
W 1. kroku rozwiązujemy równanie jednorodne y00+ y = 0. Jest to równanie o stałych współ- czynnikach, jego wielomian charakterystyczny r2+ 1 = 0 ma dwa pierwiastki zespolone r1,2 = ±i.
Dwie funkcje są rozwiązaniem równania różniczkowego jednorodnego y1 = sin x, y2 = cos x.
Ogólne rozwiązanie tego równania jednorodnego wynosi:
yj = C1sin x + C2cos x. (12)
Następnie uzmienniamy stałe, czyli zamieniamy stałe całkowania na funkcje:
y = C1(x) sin x + C2(x) cos x. (13) Naszym zadaniem jest wyliczenie funkcji C1(x) i C2(x). Wzór na metodę uzmienniania stałych (11) umożliwi nam obliczenie pochodnych tych funkcji:
"
sin x cos x cos x − sin x
# "
C10(x) C20(x)
#
=
"
0
1 sin2x
#
(14) Stosując metodę Cramera otrzymujemy:
C10(x) =
0 cos x
1
sin2x − sin x
sin x cos x cos x − sin x
= cos x sin2x,
C10(x) =
sin x 0 cos x sin12x
sin x cos x cos x − sin x
= − 1 sin x,
W wyniku całkowania otrzymamy następujące funkcje:
C1(x) = − 1
sin x+ C1, C2(x) = − ln
tgx
2
+ C2
Wstawiając te funkcje do (13), otrzymamy ogólne rozwiązanie równania niejednorodnego:
y =
− 1
sin x + C1
sin x +
− ln
tgx
2
+ C2
cos x, to rozwiązanie też jest sumą: y = yj+ ynj:
y = C1sin x + C2cos x − cos x ln
tgx
2
− 1.
4.3 Równanie liniowe jednorodne
Postać ogólna równania liniowego jednorodnego to:
y00+ p(x)y0+ q(y) = 0. (15)
Wiemy, że rozwiązanie takiego równania zawiera dwie niezależne (nie dodające się do siebie dodać) funkcje y1 oraz y2:
y = C1y1+ C2y2.
Wiemy, że jeśli mamy znaleźć dwie różne funkcje przy pomocy jednego równania różniczkowego, to jest to po prostu niemożliwe. Dlatego jedną funkcję będącą rozwiązaniem musimy znać - czyli musimy mieć podaną. Wówczas drugą funkcję możemy znaleźć np. stosując własności Wrońskianu W (x), który spełnia równanie różniczkowe W0(x) + p(x)W (x) = 0, które ma rozwiązanie postaci:
W (x) = e−R p(x)dx. (16)
Zapamiętać należy, że przed zastosowaniem tego wzoru należy rozwiązywane równanie różniczkowe przekształcić do postaci ogólnej (15): p(x) to funkcja pomnożona przez y0 w równaniu różniczkowym, w którym y00 jest pomnożona przez 1. Jeszcze jedna uwaga: w skrypcie PWr Gewert, Skoczylas:
Równania Różniczkowe Zwyczajne. Teoria, przykłady, zadania całki są oznaczone, więc wzór jest inny.
4.3.1 Przykłady
Przykład 7. Rozwiąż równanie: y00− y = 0, y1 = ex.
W tym przykładzie równanie ma stałe współczynniki, więc można go rozwiązać szybciej i bez całkowania; niemniej jednak pierwszy przykład powinien być łatwy w rachunkach. Najpierw wy- znaczymy Wrońskian:
W (x) =
ex y2 ex y20
oraz funkcję p(x): w tym przykładzie p(x) = 0. Po wstawieniu do wzoru (16) otrzymamy:
ex y2 ex y02
= e−R0dx, czyli równanie różniczkowe postaci:
exy20− exy2 = eC,
gdzie C to stała całkowania. Można jej nadać dowolną wartość rzeczywistą, ponieważ eC 6= 0 dla każdego C, a taką właśnie własność ma Wrońskian: jest zawsze różny od zera. W tym przykładzie wygodnie jest przyjąć C = 0, wówczas równanie różniczkowe przyjmie postać:
exy20− exy2 = 1.
Pamiętajmy cały czas, że po lewej stronie tego równania jest Wrońskian, czyli wyznacznik. Zna- jomość własności wyznaczników oraz Wrońskianu są ważne: bardzo ułatwią rozwiązanie równania.
Mianowicie, równanie to jest liniowe niejednorodne, więc jego rozwiązanie jest sumą dwóch rozwią- zań: y2 = y2j+ y2nj, a są to dwie różne funkcje. Która z tych funkcji jest naszą poszukiwaną funkcją y2?
Poszukujemy oczywiście y2nj, czyli szczególnego rozwiązania równania niejednorodnego, ponie- waż równanie jednorodne:
exy20 − exy2 = 0
oznacza, że Wrońskian jest równy 0, czyli funkcja y2j jest wielokrotnością ex, czyli y2j = Cex. W metodzie uzmienniania stałej dla I rzędu, w 2. kroku zakładamy, że y2 = C(x)ex i naszym zadaniem jest wyznaczenie funkcji C(x). Wiemy, że po wstawieniu y2i y20 = C0(x)ex+. . . do równania, wyrazy zawierające C(x) skrócą się po lewej stronie, więc przy pewnej wprawie w stosowaniu tej metody można napisać, że w rezultacie otrzymamy:
exC0(x)ex = 1.
Wyliczenie C(x) wymaga całkowania:
C(x) =
Z
e−2x = −1
2e−2x+ C.
Szczególne rozwiązanie równania niejednorodnego otrzymamy mnożąc C(x) przez ex, wynosi ono:
y2nj = −1
2e−2xex= −1 2e−x.
To właśnie jest druga funkcja, czyli y2, będąca rozwiązaniem równania y00− y = 0; pierwszą funkcję y1 = ex mieliśmy podaną. Ostatecznie, ogólne rozwiązanie równania y00− y = 0 wynosi:
y = C1e ∗ x + C2e−x. (17)
Współczynnik 12 można pominąć, skoro funkcja y2 jest pomnożona przez stałą całkowania.
Przykład 8. Rozwiąż równanie: xy00− y0− 4x3y = 0, y1 = ex2. Równanie przekształcamy do postaci ogólnej:
y00− 1
xy0− 4x2y = 0, (18)
funkcja p(x) = −1x, a Wrońskian W (x) jest równy:
W (x) =
ex2 y2 2xex2 y02
.
Wstawiając do wzoru (16) otrzymujemy równanie różniczkowe:
ex2y20− 2xex2y2 = e−R(−x1)dx = x, (19) w którym po prawej stronie po obliczeniu całki przyjęliśmy stałą całkowania równą 0 (po prostu nie trzeba tej stałej całkowania w ogóle dodawać).
Stosujemy metodę uzmienniania stałej: z własności wyznacznika wynika, że rozwiązanie równa- nia jednorodnego wynosi y2j = Cex2. Po uzmiennieniu stałej: y2 = C(x)ex2, obliczamy pochodną y20 = C0(x)ex2 + . . . celem wstawienia do równania i wyliczenia funkcji C(x):
ex2C0(x)ex2 = x.
Funkcja C(x) wynosi:
C(x) =
Z
xe−2x2dx = −1 4e−2x2,
więc szczególne rozwiązanie równania (19) jest równe y2nj = −14e−2x2ex2 = −14e−x2. Ogólne rozwiązanie równania (18) ma postać:
y = C1ex2 + C2e−x2