Zastosowanie twierdzenia
Darboux do rozwiązywania
równań
Autorzy:
Anna Barbaszewska-Wiśniowska
2019
Zastosowanie twierdzenia Darboux do rozwiązywania równań
Zastosowanie twierdzenia Darboux do rozwiązywania równań
Autor: Anna Barbaszewska-Wiśniowska
PRZYKŁAD
Przykład 1: Zastosowanie wniosku z twierdzenia Darboux do rozwiązywania
Przykład 1: Zastosowanie wniosku z twierdzenia Darboux do rozwiązywania
równań
równań
Znajdziemy przybliżone pierwiastki równania . Rozwiązanie
Rozwiązanie
Najpierw sprawdzimy, czy nie znajdziemy rozwiązania pośród podzielników wyrazu wolnego. Zbiór podzielników . Oznaczając przez
mamy
Żaden z podzielników nie jest poszukiwanym rozwiązaniem. Zauważamy jednak, że wartości funkcji w obliczonych punktach maja, różne znaki. Zastosujemy wniosek z własności Darboux do przedziału . Funkcja jest ciągła na tym przedziale jako wielomian , więc na podstawie wniosku z własności Darboux w przedziale otwartym istnieje taki punkt że . Zatem równanie ma w przedziale
co najmniej jeden pierwiastek. Możemy wyznaczyć ten pierwiastek z większą dokładnością. Obliczymy wartość funkcji w punkcie , czyli w środku przedziału .
Rozważając teraz przedział zauważamy podobnie jak poprzednio, że funkcja jest ciągła na tym przedziale oraz że . Jest więc , a zatem równanie ma pierwiastek w przedziale otwartym . Postępując dalej w ten sposób, możemy wyznaczyć przybliżony pierwiastek z dowolną dokładnością.
Nie jest to jedyne rozwiązanie równania . Rozważając funkcję na przedziale mamy: . Funkcja jest ciągła na tym przedziale, więc na podstawie wniosku z własności Darboux w przedziale otwartym istnieje taki . Równanie ma więc w tym przedziale co najmniej jeden pierwiastek. Zauważmy, że pierwiastki są różne, gdyż przedziały
nie maja punktów wspólnych. Czyli równanie ma co najmniej dwa różne pierwiastki.
+ − − 2x − 2 = 0
x
4x
3x
2P = {1, 2, −1, −2}
f(x) =
x
4+ − − 2x − 2
x
3x
2f(1) = −3,
f(2) = 14,
f(−1) = −1,
f(−2) = 6.
[1, 2]
f
f(1) = −3 i f(2) = 14 czyli f(1) ⋅ f(2) < 0
(1, 2)
ξ1
f( ) = 0
ξ1
x
4+ − − 2x − 2
x
3x
2(1, 2)
3 2f ( ) =
32 1916> 0
[[1, ]
3 2f
f(1) = −3 i f ( ) =
3 2 1916f(1) ⋅ f ( ) < 0
32x
4+ − − 2x − 2
x
3x
2(1, )
3 2+ − − 2x − 2
x
4x
3x
2f
[−2, −1]
f(−2) = 6 i f(−1) = −1 czyli f(−2) ⋅ f(−1) < 0
f
(−2, −1)
ξ
2że f( ) = 0
ξ
2x
4+ − − 2x − 2
x
3x
2) i
ξ
1ξ
2(−2, −1) i (1, )
3 2PRZYKŁAD
Przykład 2: Zastosowanie wniosku z własności Darboux do rozwiązywania
Przykład 2: Zastosowanie wniosku z własności Darboux do rozwiązywania
równań
równań
Pokażemy, że równanie ma dwa rozwiązania. Zauważmy, że jednym z nich jest liczba .
Pokażemy, że równanie to ma jeszcze inny pierwiastek pomiędzy zerem a jedynką.
Tworzymy funkcję , której miejsca zerowe są pierwiastkami rozwiązywanego równania. Funkcja jest ciągła w przedziale , czyli . Na podstawie wniosku z własności Darboux w przedziale otwartym , istnieje taki punkt . Zatem równanie ma w przedziale co najmniej jeden pierwiastek w sposób oczywisty różny od .
PRZYKŁAD
Przykład 3:
Przykład 3:
Zastanowimy się, czy można tak dobrać liczbę , aby funkcja
była ciągła.
Dziedziną funkcji jest cały zbiór liczb rzeczywistych . Aby była ciągła, musi być ona ciągła w każdym punkcie swojej dziedziny. Dla każdego punktu funkcja jest ciągła w jako funkcja elementarna (liniowa). Podobnie dla każdego punktu jest ciągła w jako funkcja elementarna (kwadratowa). Pozostaje problem ciągłości w punkcie . Możemy rozwiązać go klasycznie dobierając tak, aby istniała granica funkcji w punkcie oraz by ta granica równała się wartości funkcji .
Możemy jednak postąpić inaczej. Zauważamy, że dziedzina funkcji jest przedziałem, a z własności Darboux wiemy, że wykres funkcji ciągłej w przedziale nie może się przerwać. Narysujemy pomocniczo dwa wykresy funkcji liniowej i kwadratowej i tak dobierzemy , aby je scalić w jedną linię, którą można naszkicować bez odrywania ołówka od papieru.
-Rysunek 1: Punkty wspólne wykresów funkcji
= 4x
2
x4, bo = 16 = 4 ⋅ 4
2
4f(x) =
2
x− 4x
f
[0, 1] i f(0) = 1 i f(1) = −2
f(0) ⋅ f(1) < 0
(0, 1)
ξ ,
że f(ξ) = 0
2
x= 4x
(0, 1)
4
a
f(x) = { −x + 2
x
2dla x ⩽ a
dla x > a
f
R
f
x
0< a
x
0f
x
0> a
x
0f
x
0x
0= a
a
x
0= a
lim
x→af(x)
f(a)
a
y = −x + 2 oraz y = x2Na Rys. 1 widzimy, że wykresy przecinają się w dwóch punktach . Liczbę można, więc dobrać na dwa sposoby kładąc . Mamy wówczas: lub
-2
4
f
1(x)
f
2(x)
1
1
Rysunek 2: Wykresy dwóch różnych funkcji ciągłych powstałych wskutek sklejenia
Publikacja udostępniona jest na licencji Creative Commons Uznanie autorstwa - Na tych samych warunkach 3.0 Polska. Pewne prawa zastrzeżone na rzecz autorów i Akademii Górniczo-Hutniczej. Zezwala się na dowolne wykorzystanie treści publikacji pod warunkiem wskazania autorów i Akademii Górniczo-Hutniczej jako autorów oraz podania informacji o licencji tak długo, jak tylko na utwory zależne będzie udzielana taka sama licencja. Pełny tekst licencji dostępny na stronie
http://creativecommons.org/licenses/by-sa/3.0/pl/.
Data generacji dokumentu: 2019-04-15 04:23:27
Oryginalny dokument dostępny pod adresem: https://epodreczniki.open.agh.edu.pl/openagh-permalink.php? link=b18d83faf72363a064c2034221347e05
Autor: Anna Barbaszewska-Wiśniowska