CAŁKI KRZYWOLINIOWE
JJ, IMiF UTP
21
krzywe (nie)zorientowane
DEFINICJA.
Łuk gładki, to krzywa o równaniu parametrycznym:
x = x (t), y = y (t), t1¬ t ¬ t2 taka, że różnym wartościom parametru t odpowiadają różne punkty na krzywej, że funkcje x0(t), y0(t) są ciągłe oraz [x0(t)]2+ y0(t)]2 6= 0 dla dowolnego t ∈ [t1, t2]. Krzywa regularna to suma skończonej liczby łuków gładkich.
DEFINICJA. Krzywej l można nadać orientację : albo za początek przyjmujemy punkt (x (t1), y (t2)), a za koniec (x (t2), y (t2)), albo za początek przyjmujemy punkt (x (t2), y (t2)), a za koniec (x (t1), y (t1)).
Całka krzywoliniowa niezorientowana
DEFINICJA.
Załóżmy, że funkcja f (x , y ) jest ograniczona w pewnym zbiorze zawierającym krzywą regularną l . Krzywą l dzielimy na n krzywych l1, . . . , ln. Przez ∆i oznaczamy długość krzywej li, a największą z liczb
∆1, . . . , ∆n nazywamy normą podziału. Na każdym łuku li wybieramy dowolnie punkt (xi, yi). Tworzymy sumę całkową
σn= f (x1, y1)∆1+ f (x2, y2)∆2+ · · · + f (xn, yn)∆n. Tak postępujemy dla n = 2, 3, . . . otrzymując pewien ciąg podziałów krzywej l . Ciąg ten nazywamy ciągiem normalnym podziałów, jeżeli norma podziału dąży do zera przy n → ∞.
Jeżeli dla każdego ciągu normalnego podziałów krzywej l istnieje
skończona granica limn→∞σn (taka sama bez względu na wybór łuków li oraz punktów (xi, yi)), to granicę tę nazywamy całką krzywoliniową niezorientowaną (nieskierowaną) funkcji f (x , y ) po krzywej l i oznaczamy R
lf (x , y )dl .
WŁASNOŚCI (Zakładamy, że podane tu całki istnieją):
R
l
f (x , y ) ± g (x , y )dl =Rlf (x , y )dl ±Rlg (x , y )dl ; R
lλf (x , y )dl = λRlf (x , y )dl ; jeśli l jest rozcięta na l1 i l2, to R
lf (x , y )dl =Rl
1f (x , y )dl +Rl
2f (x , y )dl .
Jak liczymy całki krzywoliniowe niezorientowane?
TWIERDZENIE.
Jeżeli funkcja f (x , y ) jest ciągła w obszarze zawierającym łuk gładki l , to Z
l
f (x , y )dl = Z t2
t1
fx (t), y (t) q
[x0(t)]2+ [y0(t)]2 dt.
WNIOSEK. Jeżeli funkcja f (x , y ) jest ciągła w obszarze zawierającym łuk gładki l opisany równaniem y = h(x ) dla a ¬ x ¬ b, to
Z
l
f (x , y )dl = Z b
a
fx , h(x ) q
[1 + [h0(x )]2 dx .
UWAGA. Oczywiście można także stosować wzór z twierdzenia, po prostu krzywą
l : y = h(x ), a ¬ x ¬ b można sparametryzować na przykład tak l : x = t, y = h(t), a ¬ t ¬ b.
PRZYKŁAD.
Znaleźć położenie środka masy jednorodnego półokręgu l : x2+ y2 = 1, y 0.
Skoro krzywa jest jednorodna, możemy przyjąć, że gęstość %(x , y ) = k.
PRZYKŁAD.
Znaleźć położenie środka masy jednorodnego półokręgu l : x2+ y2 = 1, y 0.
Skoro krzywa jest jednorodna, możemy przyjąć, że gęstość %(x , y ) = k.
PRZYKŁAD.
Podstawiamy do wzoru na współrzędne (xs, ys) środka masy xs = 1
m Z
l
x %(x , y ) dl , ys = 1 m
Z
l
y %(x , y ) dl , m = Z
l
%(x , y ) dl .
Krzywa l da się opisać następująco: x = cos t, y = sin t, 0 ¬ t ¬ π.
x y
PRZYKŁAD.
Podstawiamy do wzoru na współrzędne (xs, ys) środka masy xs = 1
m Z
l
x %(x , y ) dl , ys = 1 m
Z
l
y %(x , y ) dl , m = Z
l
%(x , y ) dl . Krzywa l da się opisać następująco: x = cos t, y = sin t, 0 ¬ t ¬ π.
x y
PRZYKŁAD.
Podstawiamy do wzoru na współrzędne (xs, ys) środka masy xs = 1
m Z
l
x %(x , y ) dl , ys = 1 m
Z
l
y %(x , y ) dl , m = Z
l
%(x , y ) dl . Krzywa l da się opisać następująco: x = cos t, y = sin t, 0 ¬ t ¬ π.
x y
l : x = cos t, y = sin t, 0 ¬ t ¬ π
Masa łuku l wynosi
m =Rlkdl =R0πkq(− sin t)2+ (cos t)2dt =R0πkdt = πk.
Zatem ys = kπ1 Rlky dl = π1R0πsin tdt = 1π− cos tπ0 = 2π.
Oczywiście, ze względu na symetrię xs = 0. Można także obliczyć:
xs = kπ1 Rlkx dl = kπ1 R0πk cos tq(− sin t)2+ (cos t)2dt
= π1 R0πcos tdt = π1sin t]π0 = 0.
Środek masy to punkt (0,π2).
Całka krzywoliniowa zorientowana
DEFINICJA.
Załóżmy, że na krzywej regularnej l są określone funkcje P(x , y ), Q(x , y ).
Możemy przyjmować, że jest określone pole wektorowe: każdemu punktowi (x , y ) jest przyporządkowany wektor F (x , y ) = [P(x , y ), Q(x , y )].→
Krzywej l nadajemy orientację. Niech →S (x , y ) oznacza wektor o długości 1, zaczepiony w punkcie (x , y ), styczny do krzywej l i o zwrocie zgodnym z orientacją krzywej l .
Całka krzywoliniowa zorientowana pary funkcji [P(x , y ), Q(x , y )] po krzywej l to
Z
l
→
F (x , y ) ◦
→
S (x , y )dl . Całkę tę oznaczmy RlP(x , y )dx + Q(x , y )dy .
Jak liczymy całki krzywoliniowe zorientowane?
WŁASNOŚĆ. Jeżeli krzywa −l różni się od l tylko orientacją, to Z
−l
P(x , y )dx + Q(x , y )dy = − Z
l
P(x , y )dx + Q(x , y )dy .
TWIERDZENIE. Załóżmy, że funkcje P(x , y ), Q(x , y ) są ciągłe na krzywej regularnej l : x = x (t), y = y (t), t1 ¬ t ¬ t2 zorientowanej tak, że punkt (x (t1), y (t1)) jest początkiem tej krzywej. Wtedy
Z
l
P(x , y )dx +Q(x , y )dy = Z t2
t1
P[x (t), y (t)]x0(t)+Q[x (t), y (t)]y0(t) dt.
PRZYKŁAD. Obliczyć
Rlxy dx + x
2dy od punktu (0, 0) do (1, 1) po odcinku oraz po łuku paraboli y = x
2.
x y
0 1
y = x
y = x2
Zacznijmy od odcinka; l : x = t, y = t, 0 ¬ t ¬ 1.
WtedyRlxy dx + x2dy =R01(t · t · 1 + t2· 1)dt =R012t2dt =23t310 = 23. l : x = t, y = t2, 0 ¬ t ¬ 1
R
lxy dx + x2dy =R01(t · t2· 1 + t2· 2t)dt =R013t3dt =34t410 = 34.
PRZYKŁAD. Obliczyć
Rlxy dx + x
2dy od punktu (0, 0) do (1, 1) po odcinku oraz po łuku paraboli y = x
2.
x y
0 1
y = x y = x2
Zacznijmy od odcinka; l : x = t, y = t, 0 ¬ t ¬ 1.
WtedyRlxy dx + x2dy =R01(t · t · 1 + t2· 1)dt =R012t2dt =23t310 = 23. l : x = t, y = t2, 0 ¬ t ¬ 1
R
lxy dx + x2dy =R01(t · t2· 1 + t2· 2t)dt =R013t3dt =34t410 = 34.
PRZYKŁAD. Obliczyć
Rlxy dx + x
2dy od punktu (0, 0) do (1, 1) po odcinku oraz po łuku paraboli y = x
2.
x y
0 1
y = x y = x2
Zacznijmy od odcinka; l : x = t, y = t, 0 ¬ t ¬ 1.
WtedyRlxy dx + x2dy =R01(t · t · 1 + t2· 1)dt =R012t2dt =23t310 = 23. l : x = t, y = t2, 0 ¬ t ¬ 1
R
lxy dx + x2dy =R01(t · t2· 1 + t2· 2t)dt =R013t3dt =34t410 = 34.
PRZYKŁAD. Obliczyć
Rlxy dx + x
2dy od punktu (0, 0) do (1, 1) po odcinku oraz po łuku paraboli y = x
2.
x y
0 1
y = x y = x2
Zacznijmy od odcinka; l : x = t, y = t, 0 ¬ t ¬ 1.
WtedyRlxy dx + x2dy =R01(t · t · 1 + t2· 1)dt =R012t2dt =23t310 = 23. Po paraboli l : x = t, y = t2, 0 ¬ t ¬ 1 natomiast
R
lxy dx + x2dy =R01(t · t2· 1 + t2· 2t)dt =R013t3dt =34t410 = 34.
Twierdzenie Greena
UWAGA.
W powyższym przykładzie całka krzywoliniowa zorientowana od punktu (0, 0) do (1, 1) zależyod kształtu drogi łączącej te punkty. Zauważmy jednak, że
Qx0(x , y ) = (x2)0x = 2x 6= Py0(x , y ) = (xy )0y = x .
DEFINICJA. Obszar D nazywamy jednospójnym, gdy każda krzywa zamknięta zawarta w D ogranicza obszar w całości zawarty w D.
Twierdzenie Greena
TWIERDZENIE (Greena).
Jeżeli funkcje P(x , y ), Q(x , y ), Qx0(x , y ), Py0(x , y ) są ciągłe w obszarze jednospójnym D i jeżeli l jest brzegiem obszaru D zorientowanym dodatnio (przeciwnie do ruchu wskazówek zegara), to
Z
l
P(x , y )dx + Q(x , y )dy = Z Z
D
Qx0(x , y ) − Py0(x , y ) dx dy .
l D
R
l
P(x , y )dx + Q(x , y )dy =
R RD hQ
x0(x , y ) − P
y0(x , y )
idx dy .
PRZYKŁAD. Oblicz Z
k
(sin x + ex2+1+ 3y )dx + (4x − cos y + arctg(x3+ 3x + 1))dy po elipsie k : x42 +y92 = 1 obieganej dodatnio od punktu (2, 0) do punktu (2, 0).
k
x y 3
2
R
l
P(x , y )dx + Q(x , y )dy =
RRD hQ
x0(x , y ) − P
y0(x , y )
idx dy .
D k
x y 3
2
Zastosujemy wzór Greena, tutaj D to obszar ograniczony „naszą” elipsą (o polu π · 2 · 3).
Z
k
(sin x + ex2+1+ 3y )dx + (4x − cos y + arctg(y3+ y + 1))dy
= Z Z
D
h
4x − cos y + arctg(y3+ y + 1)0x −sin x + ex2+1+ 3y0yi dx dy
= Z Z
D
4 − 3dx dy = Z Z
D
1 dx dy = pole(D) = 6π.
R
l
P(x , y )dx + Q(x , y )dy =
RRD hQ
x0(x , y ) − P
y0(x , y )
idx dy .
D k
x y 3
2
Z
k
(sin x + ex2+1+ 3y )dx + (4x − cos y + arctg(y3+ y + 1))dy
= Z Z
D
h
4x − cos y + arctg(y3+ y + 1)0x −sin x + ex2+1+ 3y0yi dx dy
= Z Z
4 − 3dx dy = Z Z
1 dx dy = pole(D) = 6π.
różniczką zupełną
DEFINICJA.
Wyrażenie
P(x , y )dx + Q(x , y )dy
nazywamy różniczką zupełną w obszarze D, gdy istnieje taka funkcja U(x , y ), że
Ux0(x , y ) = P(x , y ), Uy0(x , y ) = Q(x , y ).
Funkcję U(x , y ) nazywamy potencjałem pola wektorowego
→
F (x , y ) = [P(x , y ), Q(x , y )].
TWIERDZENIE.
Załóżmy, że funkcje P, Q, Qx0, Qy0, Px0, Py0 są ciągłe w obszarze jednospójnym D. Następujące warunki są równoważne:
1 całka krzywoliniowa zorientowana RABP(x , y )dx + Q(x , y )dy nie zależy od kształtu krzywej AB = l ⊂ D o początku A i końcu B;
2 Qx0(x , y ) = Py0(x , y ) dla (x , y ) ∈ D;
3 P(x , y )dx + Q(x , y )dy jest różniczką zupełną w D.
WŁASNOŚĆ.
Jeżeli jest spełniony jakiś warunek (a więc wszystkie trzy) z powyższego twierdzenia, to całka krzywoliniowa zorientowana po krzywej l = AB jest równa różnicy potencjałów na końcu i początku tej krzywej, tzn.
Z
AB
Pdx + Qdy = U(B) − U(A).
Ponadto jeśli (x0, y0) ∈ D, to U(x , y ) =
Z x x0
P(t, y )dt + Z y
y0
Q(x0, t)dt.
PRZYKŁAD. Obliczyć pracę siły
→
F (x , y ) = [y − 2x , x − 2y ] wzdłuż łuku krzywej y = sin
3(πx ) od punktu (2, 0) do punktu (0, 0).
x y
0 2
PRZYKŁAD. Obliczyć pracę siły
→
F (x , y ) = [ y − 2x , x − 2y ] wzdłuż łuku krzywej y = sin
5(πx ) od punktu (2, 0) do punktu (0, 0).
Praca W =RlP(x , y )dx + Q(x , y )dy , gdzie
P(x , y ) = y − 2x, Q(x , y ) = x − 2y.
Pochodne: Py0 = 1 = Qx0, więc pole wektorowe jest potencjalne. Potencjał tego pola
U(x , y ) = Z x
0
(y −2t)dt+ Z y
0
(−2t)dt =yt−t2t=xt=0+−t2t=yt=0 = yx −x2−y2. Stąd
W = U(0, 0) − U(2, 0) = 4.
PRZYKŁAD. Obliczyć pracę siły
→
F (x , y ) = [ y − 2x , x − 2y ] wzdłuż łuku krzywej y = sin
5(πx ) od punktu (2, 0) do punktu (0, 0).
Praca W =RlP(x , y )dx + Q(x , y )dy , gdzie
P(x , y ) = y − 2x, Q(x , y ) = x − 2y.
Pochodne: Py0 = 1 = Qx0, więc pole wektorowe jest potencjalne.
We wzorze
U(x , y ) = Z x
x0
P(t, y )dt + Z y
y0
Q(x0, t)dt możemy przyjąć x0 = 0, y0 = 0.
Potencjał tego pola U(x , y ) =
Z x 0
(y −2t)dt+ Z y
0
(−2t)dt =yt−t2t=xt=0+−t2t=y
t=0 = yx −x2−y2. Stąd
W = U(0, 0) − U(2, 0) = 4.
PRZYKŁAD. Obliczyć pracę siły
→
F (x , y ) = [ y − 2x , x − 2y ] wzdłuż łuku krzywej y = sin
5(πx ) od punktu (2, 0) do punktu (0, 0).
Praca W =RlP(x , y )dx + Q(x , y )dy , gdzie
P(x , y ) = y − 2x, Q(x , y ) = x − 2y.
Pochodne: Py0 = 1 = Qx0, więc pole wektorowe jest potencjalne.
We wzorze
U(x , y ) = Z x
x0
P(t, y )dt + Z y
y0
Q(x0, t)dt możemy przyjąć x0 = 0, y0 = 0. Potencjał tego pola U(x , y ) =
Z x 0
(y −2t)dt+
Z y 0
(−2t)dt =yt−t2t=xt=0+−t2t=y
t=0 = yx −x2−y2.
Stąd
W = U(0, 0) − U(2, 0) = 4.
PRZYKŁAD. Obliczyć pracę siły
→
F (x , y ) = [ y − 2x , x − 2y ] wzdłuż łuku krzywej y = sin
5(πx ) od punktu (2, 0) do punktu (0, 0).
Praca W =RlP(x , y )dx + Q(x , y )dy , gdzie
P(x , y ) = y − 2x, Q(x , y ) = x − 2y.
Pochodne: Py0 = 1 = Qx0, więc pole wektorowe jest potencjalne.
Potencjał tego pola U(x , y ) =
Z x 0
(y −2t)dt+
Z y 0
(−2t)dt =yt−t2t=xt=0+−t2t=yt=0 = yx −x2−y2. Stąd
W = U(0, 0) − U(2, 0) = 4.