SIMR 2013/14, Analiza 1, wykład 5, 2011-11-16
Pochodna funkcji
Definicja:
Niech będzie dana funkcja f : D → R oraz punkt x ∈ intD. Wtedy pochodną funkcji f w punkcie x nazywamy granicę (o ile istnieje i jest skończona):
f0(x) = lim
h→0
f (x + h) − f (x) h
Uwaga 1: Wyrażenie f (x + h) − f (x)
h nazywamy ilorazem różnicowym; iloraz ten oznacza się rózwnież ∆f
∆x - stosunek przyrostu wartości funkcji do przyrostu argumentu. Pochodna jest to granica ilorazu różnicowego, gdy przyrost argumentu dąży do zera. Pochodną funkcji oznaczamy też:
f0 = df
Uwaga 2: Jeżeli funkcja f ma pochodną w punkcie x to mówimy, że jest różniczkowalnadx w punkcie x. Jeżeli ma pochodną w każdym punkcie x ∈ D to mówimy, że funkcja jest różniczkowalna. Obliczanie pochodnej nazywamy też różniczkowaniem funkcji.
Interpretacja geometryczna pochodnej
Iloraz różnicowy jest równy współczynnikowi kierunkowemu prostej siecznej wykresu funkcji:
prostej przechodzącej przez punkty P (x, f (x)) i Q(x + h, f (x + h)) . Pochodna jest współ- czynnikiem kierunkowym prostej stycznej do wykresu funkcji w punkcie P
Interpretacja fizyczna pochodnej
Niech x(t) będzie położenia ciała w chwili t. Prędkością średnią nazywamy iloraz różnicowy:
vs(t, ∆t) = x(t + ∆t) − x(t)
Prędkość średnia jest funkcją dwóch zmiennych: t i ∆t. Prędkością chwilową nazywamy∆t granicę prędkości średniej:
v(t) = lim
∆t→0vs(t, ∆t)
Prędkość chwilowa jest funkcją jednej zmiennej t. Widać, że:
v(t) = x0(t) Podobnie:
a(t) = v0(t)
Przykład: Obliczyć pochodną funkcji f (x) = a (funkcja stała)
Dziedzina f D = R.jest zbiorem otwartym, a więc każdy pukt x ∈ R jest punktem wewnętrz- nym dziedziny.
Dla ustalonego x obliczamy granicę:
f0(x) = lim
h→0
f (x + h) − f (x)
h = lim
h→0
a − a h = 0
Granica ta istnieje dla każdego x ∈ R a więc funkcja f (x) = a jest różniczkowalna i jej pochodna jest równa:
(a)0 = 0
Przykład: Obliczyć pochodną funkcji f (x) = x3
Dziedzina f D = R.jest zbiorem otwartym, a więc każdy pukt x ∈ R jest punktem wewnętrz- nym dziedziny.
Dla ustalonego x obliczamy granicę:
f0(x) = lim
h→0
f (x + h) − f (x)
h = lim
h→0
(x + h)3− x3
h = lim
h→0
x3+ 3x2h + 3xh2+ h3− x3
h =
h→0lim
3x2h + 3xh2+ h3
h = lim
h→0(3x2+ 3xh + h2) = 3x2
Granica ta istnieje dla każdego x ∈ R a więc funkcja f (x) = x3 jest różniczkowalna i jej pochodna jest równa:
(x3)0 = 3x2
Uwaga: Wzór ten jest prawdziwy dla x > 0.
Dla x < 0 wzór ten jest prawdziwy, jeśli α = p
q (liczba wymierna, ułamek nieskracalny), p, q ∈ Z , q jest liczbą nieparzystą. Jeżeli ponadto α > 1 to zwór oboiązuja dla x = 0.
Przykład: Obliczyć pochodną funkcji f (x) = sin x
Dziedzina f D = R.jest zbiorem otwartym, a więc każdy pukt x ∈ R jest punktem wewnętrz- nym dziedziny.
Dla ustalonego x obliczamy granicę:
f0(x) = lim
h→0
f (x + h) − f (x)
h = lim
h→0
sin(x + h) − sin x
h = lim
h→0
2 sinh
2cos2x + h 2
h =
h→0lim sinh
2 h 2
cos2x + h
2 = cos x
Granica ta istnieje dla każdego x ∈ R a więc funkcja f (x) = sin x jest różniczkowalna i jej pochodna jest równa:
(sin x)0 = cos x
Analogicznie pokazujemy, że:
(cos x)0 = − sin x
Przykład: Obliczyć pochodną funkcji f (x) = ln x
Dziedzina f D = (0, ∞) jest zbiorem otwartym, a więc każdy pukt x ∈ (0, ∞) jest punktem wewnętrznym dziedziny.
Dla ustalonego x obliczamy granicę:
f0(x) = lim
h→0
f (x + h) − f (x)
h = lim
h→0
ln(x + h) − ln x
h = lim
h→0
ln(1 + h x)
h = lim
h→0
ln(1 +h x) h x
· 1 x = 1
Granica ta istnieje dla każdego x ∈ (0, ∞) a więc funkcja f (x) = ln x jest różniczkowalna ix jej pochodna jest równa:
(ln x)0 = 1 x
Własności pochodnej:
Jeżeli istnieją pochodna funkcji f0(x) i g0(x) to istnieją też poniższe pochodne i są równe:
1. (af (x))0 = af0(x) , a ∈ R 2. (f (x) + g(x))0 = f0(x) + g0(x) 3. (f (x) − g(x))0 = f0(x) − g0(x)
4. (f (x) · g(x))0 = f0(x) · g(x) + f (x) · g0(x) 5. f (x)
g(x)
!0
= f0(x) · g(x) − f (x) · g0(x)
g2(x) , jeśli g(x) 6= 0
6. Jeżeli y = g(x) i istnieje f0(y) to (f (g(x)))0 = f0(y) · g0(x)
Uwaga 1: Własności pochodnej 1,2,3 są takie same jak własości granic funkcji, natomiast własności 4,5,6 są inne!
Uwaga 2: Własność 6 jest to pochodna złożenia (superpozycji) funkcji. Funkcję f nazywamy funkcją zewnętrzną, a funkcję g funkcją wewnętrzną. Pochodna złożenia jest więc równa iloczynowi pochodnej funkcji zewnętrzej i pochodnej funkcji wewnętrznej (w odpowiednich punktach).
Przykłady Obliczyć pochodne funkcji:
(6x4− 4x2+ 7)0 = 6(x4)0− 4(x2)0+ (7)0 = 6 · 4x3− 4 · 2x1+ 0 = 24x3− 8x 2x3− 6x + 2
√x
!0
=2x52 − 6x12 + 2x−120 = 5x32 − 3x12 − x−32 = 5√
x3− 3 1
√x − 1
√x3
(x3ln x)0 = (x3)0ln x + x3(ln x)0 = 3x2ln x + x31
x = 3x2ln x + x2 = x2(3 ln x + 1) x2+ 1
x2− 1
!0
= (x2 + 1)0· (x2− 1) − (x2+ 1) · (x2− 1)0
(x2− 1)2 = 2x · (x2− 1) − (x2+ 1) · 2x
(x2− 1)2 = −4x
(x2− 1)2 (tg x)0 =
sin x cos x
0
= (sin x)0cos x − sin x(cos x)0
cos2x = cos x cos x − sin x(− sin x)
cos2x = 1
cos2x (ctg x)0 = − 1
sin2x (analogicznie) (ln(cos x))0
Wykorzystujemy wzór na pochodną złożenia funkcji: y = g(x) = cos x , f (y) = ln y . Wtedy:
f0(y) = 1
y , g0(x) = − sin x , a więc:
(ln(cos x))0 = 1
y · (− sin x) = −sin x
cos x = − tg x
√
x2+ 10
Mamy: y = x2+ 1 , f (y) =√ y
√
x2+ 10 = 1 2√
y · 2x = 2x
√x2+ 1 (sin(ln x))0
Mamy: y = ln x , f (y) = sin y (sin(ln x))0 = cos y · 1
x = 1
x cos(ln x) (ln(sin x2))0
Jest to złożenie trzech funkcji. Mamy: y = ln x2 , z = sin y , f (z) = ln z (ln(sin x2)0 = 1
z · cos y · 2x = 2x cos(x2) sin(x2)
ln(x3+ x sin2x))0 = 3x2+ sin2x + x · 2 sin x cos x x3+ x sin2x
(xα)0 = (eln xα)0 = (eα ln x)0 = eα ln x· 1
x = xα· 1
x = αxα−1 , α ∈ R , x > 0
Pochodna funkcji odwrotnej
Twierdzenie: Dana jest funkcja f : D1 → D2 ciągła, odwracalna oraz punkt x ∈ D1 taki, że f0(x) 6= 0 . Wtedy funkcja odwrotna do f ma pochodną w punkcie y = f (x) i jej pochodna jest równa:
(f−1(y))0 = 1 f0(x)
Przykład: Obliczyć pochodną funkcji ex
Funkcja f (x) = ln x spełnia założenia twierdzenia w każdym punkcie x ∈ (0, ∞) . Funkcją odwrotną jest ex :
y = ln x ⇐⇒ x = ey Stąd
(ey)0 = 1
(ln x)0 = 1 1 x
= x = ey
Lub zmieniając oznaczenie argumentu:
(ex)0 = ex
Przykład zastosowania pochodnej Dane jest położenie ciała w czasie t :
x(t) = t3+ 4 cos t. Obliczyć prędkość chwilową v(t) i przyśpieszenie chwilowe a(t) w czasie t v(t) = (x(t))0 = 3t2− 4 sin t
a(t) = (v(t))0 = 6t − 4 cos t Funkcje hiperboliczne Sinus hiperboliczny sinh x = ex− e−x Dziedzina: D = R2
Zbiór wartości: sinh(D) = R Funkcja nieparzysta, rosnąca Cosinus hiperboliczny cosh x = ex+ e−x
Dziedzina: D = R2
Zbiór wartości: cosh(D) =< 1, ∞)
Funkcja parzysta, rosnąca w przedziale < 0, ∞) Tangens hiperboliczny
tgh x = sinh x cosh x Dziedzina: D = R
Zbiór wartości: tgh(D) = (−1, 1) Funkcja nieparzysta, rosnąca Cotangens hiperboliczny ctgh x = cosh x
sinh x
Dziedzina: D = (−∞, 0) ∪ (0, ∞)
Zbiór wartości: ctgh(D) = (−∞, −1) ∪ (1, ∞)
Funkcja nieparzysta, malejąca w przedziale (−∞, −1) oraz w przedziale (1, ∞) Pewne własności funkcji hiperbolicznych:
cosh2x − sinh2x = 1
cosh2x + sinh2x = cosh 2x (sinh x)0 = cosh x
(cosh x)0 = sinh x (tgh x)0 = 1
cosh2x (ctgh x)0 = − 1
sinh2x
Funkcje cyklometryczne
Chcemy zdefiniować funkcje odwrotne do funkcji trygonometrycznych. Aby funkcja odwrotna istniała musimy ograniczyć dzidzinę i przeciwdziedzinę funkcji trygonometrycznych, aby uzy- skać funkcją różnowartościową i “na”.
Funkcja f :< −π 2,π
2 >→< −1, 1 > , f (x) = sin x ma funkcję odwrotną. Funkcję tę nazy- wamy arcus sinus:
arc sin x :< −1, 1 >→< −π 2,π
2 >
y = arc sin x ⇐⇒
x = sin y y ∈< −π
2,π 2 >
Funkcja f :< 0, π >→< −1, 1 > , f (x) = cos x ma funkcję odwrotną. Funkcję tę nazywamy arcus cosinus:
arc cos x :< −1, 1 >→< 0, π >
y = arc cos x ⇐⇒
( x = cos y y ∈< 0, π >
Funkcja f : (−π 2,π
2) → (−∞, ∞) , f (x) = tg x ma funkcję odwrotną. Funkcję tę nazywamy arcus tangens:
arc tg x : (−∞, ∞) → (−π 2,π
2) y = arc tg x ⇐⇒
x = tg y y ∈ (−π
2,π 2)
Funkcja f : (0, π) → (−∞, ∞) , f (x) = ctg x ma funkcję odwrotną. Funkcję tę nazywamy arcus cotangens:
arc ctg x : (−∞, ∞) → (0, π) y = arc ctg x ⇐⇒
( x = ctg y y ∈ (0, π)
Uwaga Powyższe funkcje są funkjami odwrotnymi tylko do jednej gałęzi danej funkcji try- gonometrycznej.
Przykład 1: Obliczyć y = sin(arc sin x) Oznaczmy z = arc sin x
Wtedy x = sin z , z ∈< −π 2,π
2 >
Oraz:
y = sin z Stąd:
y = x ∀x ∈< −1, 1 >
Przykład 2: Obliczyć y = arc sin(sin x) Oznaczmy z = sin x
Wtedy y = arc sin z , czyli z = sin y , y ∈< −π
2,π 2 >
Mamy:
sin y = sin x więc
y = x + 2kπ lub y = π − x + 2kπ , k ∈ Z i k jest takie aby otrzymać wartość y z przedziału
< −π 2,π
2 >
Pochodne funkcji cyklometrycznych
Obliczmy (arc sin y)0 dla y ∈ (−1, 1) z twierdzenia o pochodnej funkcji odwrotnej. Niech x = arc sin y, wtedy
(arc sin y)0 = 1
(sin x)0 = 1
cos x = 1
√
1 − sin2x = 1
√1 − y2 Zmieniając oznaczenie argumentu:
(arc sin x)0 = 1
√1 − x2 Analogicznie:
(arc cos x)0 = − 1
√1 − x2
Obliczmy (arc tg y)0 dla y ∈ (−∞, ∞) z twierdzenia o pochodnej funkcji odwrotnej. NIech x = arc tg y, wtedy
(arc tg y)0 = 1
(tg x)0 = 1 1 cos2x
= cos2x = cos2x
cos2x + sin2x = 1
1 + tg2x = 1 1 + y2 Zmieniając oznaczenie argumentu:
(arc tg x)0 = 1 1 + x2 Analogicznie:
(arc ctg x)0 = − 1 1 + x2
Przykłady: Obliczyć pochodne:
(arc tg(x2))0 = 1
1 + x4 · 2x = 2x 1 + x4 (x cosh x)0 = cosh x + x sinh x (arc sin√
x)0 = 1
√1 − x · 1 2√
x = 1
2√ x − x2
Tabela pochodnych funkcji elementarnych:
f (x) f0(x) Założenia f (x) f0(x) Założenia xα αxα−1 x > 0 , α ∈ R tgh x 1
cosh2x
ln x 1
x x > 0 ctgh x − 1
sinh2x x 6= 0 ex ex
sin x cos x arc sin x 1
√1 − x2 x ∈ (−1, 1)
cos x − sin x arc cos x − 1
√1 − x2 x ∈ (−1, 1)
tg x 1
cos2x x 6= 2k+12 π , k ∈ Z arc tg x 1 1 + x2 ctg x − 1
sin2x x 6= kπ , k ∈ Z arc ctg x − 1 1 + x2 sinh x cosh x
cosh x sinh x