Zawody III stopnia
Rozwi¡zania zada« dla grupy mechaniczno-budowlanej Rozwi¡zanie zadania 1
ad 1.)
x
C =a cos ; yC =b sin ;
x
2
C
=a2 cos2 ; y2
C
=b2 sin2 ;
x
2
C
a2 = cos2 ; y
2
C
b2 = sin2 :
Po dodaniu stronami powy»szych równa« szukana elipsa opisana jest równaniem:
x
2
C
a2 +
y
2
C
b2 = cos2 + sin2 = 1: ad 2.)
Nale»y wyznaczy¢ kolejno:
x
B =d sin !t ; cos = xB
l
= d
l
sin !t ; sin =
s
l2 x
2
B
l
=
q
l2 d2 sin2 !t
l
:
Poªo»enie punktu C w funkcji czasu opisane jest zatem zale»no±ciami:
x
C =a cos = ad
l
sin !t ; yC =b sin = b
l q
l2 d2 sin2 !t:
Patronem honorowym OWT jest Minister Gospodarki.
Organizatorem OWT jest Federacja Stowarzysze« Naukowo-Technicznych NOT.
Olimpiada jest nansowana ze ±rodków MEN.
1
Pr¦dko±¢ punktuB, jako pr¦dko±¢ w ruchu harmonicznym jest równa:
v
B =vBx=d! cos !t: Skªadowa vx pr¦dko±ci punktu C wynika z proporcji (Rys.3)
v
Bx
l
= vCx
a
) v
Cx = a
l v
Bx = a
l
d! cos !t: Pr¦dko±¢ punktu A: vA = vAy wyznacza si¦ korzysta- j¡c z faktu, »e rzuty pr¦dko±ci wszystkich punktów prostej sztywnej na t¦ prost¡ s¡ sobie równe:
v
Bx
cos = vAy sin St¡d:
v
Ay = vBx
cos
sin = d! cos !t d sin !t
q
l2 d2 sin2 !t : Skªadowa vy pr¦dko±ci punktu C wynika z proporcji (Rys.4)
v
Ay
l
= vCy
b
v
Cy= b
l v
Ay = b
l
d! cos !t d sin !t
q
l2 d2 sin2 !t : Ostatecznie jest zatem:
v
C =
s
v
2
Cx
+v2
Cy
= d
l
! cos !t
v
u
u
t
a2 + b2d2 sin2 !t
l2 d2 sin2 !t =
= da
l
! cos !t
v
u
u
u
t1 + b2d2
a2 sin2 !t
l2 d2 sin2 !t : 2
K¡t jaki tworzy pr¦dko±¢ vC z osi¡ x mo»na wyznaczy¢ z zale»no±ci:
cos = vCx
v
C
= 1
v
u
u
t1 + b2d2
a2 sin2 !t
l2 d2 sin2 !t
:
ad 3.)
v
A = d2! cos !t sin !t
q
l2 d2 sin2 !t =
= 0;952cos (0;25) sin(0;25)
q
12 0;952sin2(0;25) = 1;91 m/s;
v
B = d! cos !t= 0;95cos(0;25) = 2;11 m/s;
v
C = da
l
! cos !t
v
u
u
u
t1 + b2d2
a2 sin2 !t
l2 d2 sin2 !t =
= 0;950;6
1 cos(0;25)
v
u
u
u
t1 + 0;40;95 0;6
!2
sin2(0;25)
12 0;952 sin2(0;25) =
= 1;48 m/s:
Rozwi¡zanie zadania 2
Opór cieplny ±ciany zewn¦trznej
R
z = 1
h
w
+2gt
t
+ gb
b
+ gs
s
+ 1
h
z = 18 +20;015
0;82 +0;25
1;7 + 0;1 0;042 + 1
25 = 2;73 m2 K/W: (1) Opór cieplny ±ciany dziaªowej
R
d = 1
h
w
+2gt
t
+ gc
c
+ 1
h
w = 18 + 20;015
0;82 + 0;24 0;62 + 1
8 = 0;67 m2K/W: (2) 3
Bilans cieplny wi¦kszego pomieszczenia
Q =
0
B
B
@ F
p1
R
st
+
F
z1 2Fok Fdr z
R
z
+ 2Fok k
ok +Fdr z k
dr z z 1
C
C
A
T
w1 Tz
+
+
0
B
B
@
F
d F
dr z
R
d
+Fdr z k
dr z w 1
C
C
A
T
w1 Tw2
: (3)
Bilans cieplny mniejszego pomieszczenia
0
B
B
@
F
d F
dr z
R
d
+Fdr z k
dr z w 1
C
C
A
T
w1 Tw2
=
0
B
B
@
F
c F
p1
R
st
+Fz2
R
z 1
C
C
A
T
w2 Tz
: (4)
Obliczenie wspóªczynników stoj¡cych przy ró»nicach temperatur w równaniu (3) i (4)
A = Fp1
R
st
+
F
z1 2Fok Fdr z
R
z
+ 2Fok k
ok +Fdr z k
dr z z =
= 245 +48 21;7 1;8
2;73 + 21;71;6 + 1;81;5 = 28;96 W/K;
B =
0
B
B
@
F
d F
dr z
R
d
+Fdr z k
dr z w 1
C
C
A= 12 1;8
0;67 + 1;82;6 = 19;9 W/K;
C =
0
B
B
@
F
c F
p1
R
st
+ Fz2
R
z 1
C
C
A= 40 245 + 36
2;73 = 16;39 W/K: Równania (3) i (4) w uproszczonym zapisie:
(A+B)Tw1 B Tw2 =Q+ATz
; (5)
4
B T
w1 (B+C)Tw2 = CTz : (6) Wyznaczaj¡c Tw2 z równania (6):
T
w2 =
B T
w1 +CTz
B+C ; (7)
podstawiaj¡c do równania (5) jest:
T
w1 =
Q+
A+ BC
B+C
T
z
A+B B2
B+C
= 1300 +
28;96 + 19;916;39 19;9 + 16;39
( 15) 28;96 + 19;9 19;92
19;9 + 16;39
= 19;3C; (8)
Temperatur¦Tw2 mo»na obliczy¢ z zale»no±ci (7):
T
w2 =
B T
w1 +CTz
B+C = 19;919;3 + 16;39( 15)
19;9 + 16;39 = 3;8C: (9) Odpowied¹:Tw1 = 19;3C,Tw2 = 3;8C.
Rozwi¡zanie zadania 3
Rys.2.
5
W celu wyznaczenia reakcji RA na podstawie rys.2 nale»y zapisa¢ warunek równowagi prz¦sªa belkowego wzgl¦dem podpory B.
R
A l P
1 (l x) P2 (l x d) = 0; (1)
Z tego równania:
R
A =P1 l l x +P2 l xl d : (2) Momenty zginaj¡ce w miejscu dziaªania siª P1 iP2 mo»na wyznaczy¢ za pomoc¡ równa«:
M1 =RAx= x
l
P1 +P2
(l x) P2d
; (3)
M2 =RA(x+d) P1d= x+d
l
P1 +P2
(l x) P2d
P1d: (4) Poªo»enie siªyP1, oznaczonex1max, w którym moment zginaj¡cyM1 osi¡gnie maksymaln¡
warto±¢M1max mo»na wyznaczy¢ z warunku:
dM1
dx
= 0: (5)
Przedstawiaj¡c wyra»enie (5) w nieco innej postaci, dogodniejszej do ró»niczkowania,
M1 =xP1
x2P
1
l
+P2x
x2P
2
l
xP
2 dl ; (6)
ró»niczkuj¡c je wzgl¦dem x i przyrównuj¡c pochodn¡ zgodnie z (5) do 0, oblicza si¦ warto±¢
x=x1max
dM1
dx
=P1 2x
l
P1 +P2 2x
l
P2 P2 dl = 0; (7)
x=x1max = 2l
P2
P1 +P2
d
2 : (8)
Post¦puj¡c analogicznie w odniesieniu do poªo»enia siªy P2, odpowiadaj¡cego takiemu jej poªo»eniu, które wywoªuje w prz¦±le belkowym maksymalny moment M2max, otrzymuje si¦
6
po zró»niczkowaniu wzgl¦dem x wyra»enia (4) i przyrównaniu pochodniej do 0 nast¦puj¡c¡
zale»no±¢:
x= l 2d
P2
P1 +P2
d
2 ; (9)
x2max =x+d: (10)
Wstawiaj¡c do (8) i (10) dane liczbowe podane w tre±ci zadania, mo»na obliczy¢ warto±ci
x1max ix2max
x1max = 20;00
2 2;00
1;50 + 2;00 3;0
2 = 9;14 m;
x2max = 3;00 + 20;00 3;00
2 2;00
1;50 + 2;00 3;0
2 = 10;64 m:
Odpowied¹: Poªo»enie osi o naciskach P1 i P2, w których wyst¡pi¡ maksymalne warto±ci mo- mentów zginaj¡cych s¡ równe odpowiednio x1max = 9;14 m,x2max = 10;64 m.
7