Algebra dla MSEM 1, 2019/2020 ćwiczenia 6. – rozwiązania
22 października 2019
1. Znajdź moc zbioru:
a) A = {A ⊆ N ∖ {0}∶ ∀n∈N∖{0}∣A ∩ {1, 2, . . . , n}∣ ≥ n − 2019},
Zauważmy, że jeśli A ∈ A, to ∣N∖A∣ ≤ 2020, ale A jest jednoznacznie wyznaczony przez swoje dopełnienie.
Tymczasem podzbiorów liczb naturalnych o mocy nie większej niż 2020 jest przeliczalnie wiele, bo wszystkich skończonych podzbiorów liczb naturalnych jest tyle.
b) B = {A ⊆ N ∖ {0}∶ ∀n∈N∖{0}∣A ∩ {1, 2, . . . , 2n}∣ = n},
Zauważmy (prosty dowód przez indukcję), że A ∈ B wtedy i tylko wtedy, gdy dla każdego n ∈ N, n > 1, albo 2n − 1 ∈ A, albo 2n ∈ A. Wobec tego zbiór A jednoznacznie wyznacza ciąg (an) ∈ {0, 1}N tak, że 2n ∈ A wtedy i tylko wtedy, gdy an=1. Zatem mamy bijekcję F ∶ {0, 1}N→ B, czyli ∣B∣ = ∣{0, 1}N∣ =c.
2. Załóżmy, że X ⊆ R jest nieprzeliczalny. Czy zbiór {x2∶x ∈ X} też jest wtedy zawsze nieprzeliczalny?
Odpowiedź uzasadnij.
Tak, załóżmy bowiem przeciwnie, że X′ = {x2∶x ∈ X} jest przeliczalny, ale w takim razie X ⊆ Y ∪ Y′, gdzie Y = {√
x∶ x ∈ X′}, Y′= {−
√x∶ x ∈ X′}. Ale ∣Y ∣ = ∣Y′∣ = ∣X′∣ są przeliczalne, więc X jest przeliczalny, sprzeczność. ◻
3. Znajdź wszystkie relacje równoważności na zbiorze {1, 2, 3}. Wskaż podziały im odpowiadające.
R = {⟨1, 1⟩ , ⟨2, 2⟩ , ⟨3, 3⟩}, {1, 2, 3}/R = {{1}, {2}, {3}},
R = {⟨1, 1⟩ , ⟨2, 2⟩ , ⟨1, 2⟩ , ⟨2, 1⟩ , ⟨3, 3⟩}, {1, 2, 3}/R = {{1, 2}, {3}},
R = {⟨1, 1⟩ , ⟨2, 2⟩ , ⟨3, 3⟩ , ⟨1, 3⟩ , ⟨3, 1⟩}, {1, 2, 3}/R = {{1, 3}, {2}},
R = {⟨1, 1⟩ , ⟨2, 2⟩ , ⟨3, 3⟩ , ⟨2, 3⟩ , ⟨3, 2⟩}, {1, 2, 3}/R = {{1}, {2, 3}},
R = {⟨1, 1⟩ , ⟨2, 2⟩ , ⟨1, 2⟩ , ⟨2, 1⟩ , ⟨3, 3⟩ , ⟨1, 3⟩ , ⟨3, 1⟩ , ⟨2, 3⟩ , ⟨3, 2⟩}, {1, 2, 3}/R = {{1, 2, 3}}.
4. Udowodnij, że ∼ jest relacją równoważności w zbiorze X. Znajdź moce poszczególnych klas abstrakcji oraz moc zbioru ilorazowego.
a) X = R, x ∼ y ⇔ x − y ∈ Z,
Oczywiście x − x = 0 ∈ Z, więc x ∼ x. Jeśli x − y ∈ Z, to oczywiście y − x ∈ Z, więc y ∼ x. Jeśli x ∼ y oraz y ∼ z, więc x − y, y − z ∈ Z, zatem x − z = x − y − (y − z) ∈ Z, czyli x ∼ z, zatem relacja jest zwrotna, symetryczna i przechodnia.
Jeśli x ∈ R, to [x]∼= {x + z∶ z ∈ Z}, czyli ∣[x]∼∣ = ℵ0.
Zauważmy także, że jeśli x, y ∈ [0, 1) oraz x ≠ y, to x ∉ [y]∼, zatem ∣R/ ∼ ∣ ≥ c. Z drugiej strony,
∣R/ ∼ ∣ ≤ ∣R∣ = c, zatem zbiór ilorazowy ma moc c.
b) X = P (N)∖{∅}, A ∼ B ⇔ (min A = min B ∧sup A = sup B), przyjmujemy, że jeśli A jest nieograniczony, to sup A = ∞.
Zwrotność, symetryczność i przechodniość oczywista.
Każda klasa abstrakcji jest wyznaczona przez dwie „liczby” m, n, m ∈ N, n ∈ N ∪ {∞} oraz m ≤ n – czyli minimum oraz supremum zbiorów, które w tej klasie leżą. A więc ∣X/ ∼ ∣ = ∣N2∣ = ℵ0.
Jeśli n ∈ N, to moc takiej klasy abstrakcji to 2m−n−1. Zaś jeśli n = ∞ to ta moc wynosi ℵ0.
1
c) X = NN, f ∼ g ⇔ ∀n∈N2∣(f (n) − g(n)).
Oczywiście dla każdego n ∈ N, mamy f (n) − f (n) = 0 i 2∣0, czyli f ∼ f .
Jeśli f ∼ g, to dla każdego n, 2∣(f (n) − g(n)), zatem 2∣(g(n) − f (n)), zatem g ∼ f .
Jeśli f ∼ g oraz g ∼ h, to dla każdego n, 2∣(f (n) − g(n)) oraz 2∣(g(n) − h(n)), a zatem 2∣(f (n) − g(n) − (g(n) − h(n))), więc 2∣(f (n) − h(n)), czyli f ∼ h. Zatem ∼ jest relacją równoważności.
Jeśli f, g ∈ NN to h zdefiniowany jako h(n) = f (n) + 2g(n), ma tę własność, że h ∈ [f ]∼, zatem dla każdego f , [f ]∼≥c, a zatem oczywiście [f ]∼=c.
Zauważmy, że każde dwa ciągi ze zbioru {0, 1}Nsą w różnych klasach abstrakcji, zatem ∣X/ ∼ ∣ = c.
5. Niech X będzie zbiorem wszystkich funkcji niemalejących N → N oraz ∼⊆ X2 będzie zadane następująco:
f ∼ g ⇔ (∀m∃ng(n) ≥ f (m)) ∧ (∀k∃lf (l) ≥ g(k)) a) Wykaż, że ∼ jest relacją równoważności.
Sprawdzamy zwrotność: rzeczywiście dla każdego m, wystarczy wziąć n = m aby f (n) ≥ f (m), a drugi warunek mówi to samo.
Sprawdzamy symetryczność: rzeczywiście wystarczy zamienić miejscami oba warunki.
Sprawdzamy przechodniość: jeśli f ∼ g oraz g ∼ h, sprawdźmy pierwszy warunek – drugi analogicznie.
Mamy: dla każdego m istnieje n1 takie, że g(n1) ≥f (m), ale dla tego n1 istnieje n2 takie, że h(n2) ≥ g(n1), a więc h(n2) ≥f (m).
b) Znajdź moce zbiorów [f ]∼ oraz [g]∼, gdzie f (n) = 100, g(n) = n2.
Zauważmy, że aby f ∼ h potrzeba i wystarcza, by sup f = sup h, bo jeśli sup h < sup f to istnieje takie m, że dla każdego n h(n) < f (m). Zatem [f ]∼ = {h ∈ X∶ ∃n∀m>nf (m) = 100} – funkcje od pewnego miejsca stałe i równe 100, czyli ∣[f ]∼∣ = ℵ0. Tymczasem [g]∼ to zbiór wszystkich niemalejących funkcji nieograniczonych, więc ∣[g]∼∣ =c.
c) Znajdź moc zbioru X/ ∼.
Zgodnie z tym co wyżej, ∣X/ ∼ ∣ = ∣N ∪ {∞}∣ = ℵ0.
6. Niech R będzie zbiorem wszystkich relacji równoważności w zbiorze liczb naturalnych. Dla dowolnej funkcji S∶ N → R definiujemy relację R∞(S) = {⟨x, y⟩ ∈ N2∶ ∃i∈N∀j≥ixS(j)y}. Wykazać, że dla każdego S∶ N → R relacja R∞(S) jest relacją równoważności. Czy R∞ jest funkcją na R?
Niech S ∈ R, sprawdzamy, czy R∞(S) jest relacją równoważności. Rzeczywiście:
dla każdego n ∈ N, i dla i = 0, dla każdego j ≥ i wiemy, że S(j) jest relacją równoważności, więc jest zwrotna, wiec nS(i)n, więc nR∞(S)n, czyli R∞(S) jest zwrotna.
niech n, m ∈ N będą takie, że nR∞(S)m. Oznacza to, że dla pewnego i i dla każdego j ≥ i mamy nS(j)m, ale ponieważ S(j) jest relacją równoważności, to również mS(j)n, czyli mR∞(S)n, czyli R∞(S) jest symetryczna.
Niech n, m, l ∈ N będą takie, że nR∞(S)m oraz mR∞(S)l, wtedy istnieją takie i0, i1, że dla każdego j ≥ i0, nS(j)m oraz dla każdego j ≥ i1mS(j)l, zatem biorąc i = max(i0, i1), dla każdego j ≥ i mamy nS(j)m i mS(j)l, zatem z przechodniości relacji S(j) również nS(j)l, czyli nR∞(S)l, co oznacza, że R∞(S) jest przechodnia.
Jest to funkcja na R, bowiem dla dowolnego r ∈ R niech Sr(n) = r będzie stałym ciągiem relacji. Wtedy
∃i∈N∀j≥ixSr(j)y wtedy i tylko wtedy, gdy xry, czyli R∞(Sr) =r.
2