‘
W paragrafie tym udowodnimy twierdzenie analogiczne do twierdzenia 7.1, przy za lo˙zeniu, ze prawa strona uk ladu (7.1) jest odwzorowaniem cia
‘ g lym. Otrzymamy tylko twierdzenie o istnieniu rozwia
‘ za´ n. Teraz przez zadany punkt be
‘ dzie mog lo przechodzi´ c wiele rozwia
‘ za´ n uk ladu (7.1).
Niech dany be
‘ dzie uk lad r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych normalny
(1) y 0 = F (x, y),
gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszrze G ⊂ R n+1 . We´ zmy dowolny punkt (ξ, η) ∈ G i zbi´or T = {(x, y) ∈ R × R n : |x − ξ| ≤ a, |y − η| ≤ b}, a, b > 0 taki, ˙ze T ⊂ G. W´owczas zachodzi
Twierdzenie 1. (lokalne o istnieniu rozwia
‘ za´ n). Je˙zeli M = max (x,y)∈T |F (x, y)|
i δ = min(a, b/M ), to istnieje rozwia
‘ zanie
Φ : hξ − δ, ξ + δi → R n , spe lniaja
‘ ce warunek Φ(ξ) = η, o wykresie przebiegaja
‘ cym w T. 1
Dow´ od. Je˙zeli M = 0, to twierdzenie jest prawdziwe na mocy twierdzenia 7.1.
Za l´ o˙zmy dalej, ˙ze M 6= 0.
We´ zmy cia
‘ g odwzorowa´ n wielomianowych ( ˜ F k ) k∈N , ˜ F k : T 3 (x, y) → R n zbie˙zny jednostajnie na T do odwzorowania F. Taki cia
‘ g istnieje na mocy twierdzenia Weierstrassa o aproksymacji. Po l´ o˙zmy M k = max (x,y) ∈T | ˜ F k (x, y) |. Z jednostajnej zbie˙zno´ sci cia
‘ gu ( ˜ F k ) do odwzorowania F wynika, ˙ze lim k→∞ M k = M . Ponie- wa˙z M 6= 0, to nie zmniejszaja ‘ c og´ olno´ sci, mo˙zemy za lo˙zy´ c, ˙ze M k 6= 0. Po l´o˙zmy F k = M M
k
F ˜ k , k = 1, 2 . . . Cia
‘ g (F k ) k ∈N jest cia
‘ giem odwzorowa´ n wielomianowych jednostajnie zbie˙znym do F na zbiorze T i takim, ˙ze max (x,y)∈T |F k (x, y) | = M.
Odwzorowania F k sa
‘ cia
‘ g le i spe lniaja
‘ lokalnie warunek Lipschitza ze wzgle
‘ du na zmienna
‘ y = (y 1 , . . . , y n ) (por. w lasno´ s´ c 7.1). Rozwa˙zmy dla ka˙zdego k ∈ N uk lad r´ owna´ n
(2) y 0 = F k (x, y).
Po l´ o˙zmy dalej I = hξ − δ, ξ + δi. W my´sl twierdzenia 7.1, istnieje dok ladnie jedno rozwia
‘ zanie Φ k : I → R n uk ladu r´ owna´ n (2), spe lniaja
‘ ce warunek Φ k (ξ) = η, o wykresie przebiegaja
‘ cym w T . Z lematu 7.1 mamy
(3) Φ k (x) = η +
Z x ξ
F k (t, Φ k (t))dt dla x ∈ I.
Rozwa˙zmy teraz rodzine
‘ odwzorowa´ n (Φ k ) k ∈N . Zauwa˙zmy, ˙ze jest to rodzina wsp´ olnie ograniczona, gdy˙z |Φ k (x) − η| ≤ b, czyli |Φ k (x) | ≤ |η| + b dla ka˙zdego x ∈ I i k ∈ N. Odwzorowania tej rodziny sa
‘ jednakowo cia
‘ g le, bo dla dowolnej liczby ε > 0, je´ sli |x 2 − x 1 | < ε/M, x 1 , x 2 ∈ I, to z (3) dla dowolnego k ∈ N mamy
|Φ k (x 2 ) − Φ k (x 1 ) | ≤ | Z x2
x
1|F k (t, Φ k (t)) |dt| ≤ M|x 2 − x 1 | < ε.
1
gdy M = 0, to przyjmujemy δ = a
1
W konsekwencji, na mocy twierdzenia Arzeli-Ascoliego, mo˙zna wybra´ c z cia
‘ gu (Φ k ) k∈N podcia
‘ g (Φ kj) j∈N jednostajnie zbie˙zny na I do odwzorowania cia
‘ g lego Φ : I → R n .
Poka˙zemy teraz, ˙ze cia
‘ g (F kj(x, Φ kj(x))) j∈N da
(x))) j∈N da
‘ ˙zy jednostajnie do F (x, Φ(x)) na przedziale I. Istotnie, we´ zmy dowolna
‘ liczbe
‘ ε > 0. Poniewa˙z odwzorowanie F : T → R n jest cia
‘ g le i T jest zbiorem zwartym, wie
‘ c odwzorowanie F jest jednostajnie cia
‘ g le. Zatem dla powy˙zszej liczby ε istnieje liczba ω > 0, ˙ze je´ sli (x, y ∗ ), (x, y ∗∗ ) ∈ T, to
(4) |F (x, y ∗∗ ) − F (x, y ∗ ) | < ε/2 dla |y ∗∗ − y ∗ | < ω.
W my´ sl jednostajnej zbie˙zno´ sci cia
‘ gu (Φ kj) j ∈N do Φ, istnieje taka liczba j 1 , ˙ze dla j ≥ j 1 i ka˙zdego x ∈ I mamy
(5) |Φ kj(x) − Φ(x)| < ω.
Z (4) i (5) dla j ≥ j 1 i x ∈ I
(6) |F (x, Φ kj(x)) − F (x, Φ(x))| < ε/2.
Z drugiej strony, w my´ sl jednostajnej zbie˙zno´ sci cia
‘ gu (F kj) do F, istnieje liczba j 2 taka, ˙ze dla ka˙zdego j ≥ j 2 i (x, y) ∈ T
(7) |F kj(x, y) − F (x, y)| < ε/2.
Z(6) i (7) dla ka˙zdego j ≥ max(j 1 , j 2 )
|F kj(x, Φ kj(x)) − F (x, Φ(x))| ≤
(x)) − F (x, Φ(x))| ≤
|F kj(x, Φ kj(x)) − F (x, Φ kj(x)) | + |F (x, Φ kj(x)) − F (x, Φ(x))| < ε/2 + ε/2 = ε.
(x)) − F (x, Φ kj(x)) | + |F (x, Φ kj(x)) − F (x, Φ(x))| < ε/2 + ε/2 = ε.
(x)) − F (x, Φ(x))| < ε/2 + ε/2 = ε.
Sta ‘ d dostajemy zapowiedziana
‘ jednostajna
‘ zbie˙zno´ s´ c.
W my´ sl (3), odwzorowania Φ kj spe lniaja
‘ to˙zsamo´ sci Φ kj(x) = η +
Z x ξ
F kj(t, Φ kj(t))dt dla x ∈ I.
(t))dt dla x ∈ I.
Zatem przechodza
‘ c z j → ∞ i korzystaja ‘ c z udowodnionej jednostajnej zbie˙zno´ sci cia ‘ gu (F kj(x, Φ kj(x))) j ∈N do F (x, Φ(x)) na I, mamy
(x))) j ∈N do F (x, Φ(x)) na I, mamy
Φ(x) = η + Z x
ξ
F (t, Φ(t))dt dla x ∈ I.
Sta ‘ d i lematu 7.1 dostajemy teze
‘ twierdzenia.
To ko´ nczy dow´ od.
Cwiczenia ´
1. Niech dane be
‘ dzie r´ ownanie
(*) y 0 = f (x, y),
gdzie f : h0, ai× R → R jest funkcja ‘ cia
‘ g la
‘ i ograniczona
‘ . Po l´ o˙zmy a k = a/k, k = 1, 2, . . . Okre´ slmy cia
‘ g funkcji (ϕ k ) k∈N , ϕ k : h0, ai → R naste
‘ puja
‘ cymi warunkami ϕ 1 (x) = η, x ∈ h0, ai,
ϕ k (x) =
η, x ∈ h0, a k i,
η + R x −ak
0 f (t, ϕ k (t))dt, x ∈ (a k , a i, k = 2, 3, . . . , gdzie η jest dowolna
‘ liczba
‘ rzeczywista
‘ . Wykaza´ c stosuja
‘ c twierdzenie Arzeli- Ascoliego, ˙ze istnieje podcia
‘ g cia
‘ gu (ϕ k ) jednostajnie zbie˙zny na h0, ai do rozwia ‘ - zania r´ ownania ( ∗ ) przechodza
‘ cego przez punkt (0, η) (Tonelli).
2. Niech dane be
‘ dzie r´ ownanie
(**) y 0 = f (x, y),
gdzie f : T → R w prostoka
‘ cie T = {(x, y) ∈ R 2 : 0 ≤ x ≤ a, |y| ≤ b}, (a, b > 0) jest funkcja
‘ cia
‘ g la
‘ taka
‘ , ˙ze f (x, 0) ≥ 0 oraz f(x, y 1 ) ≤ f(x, y 2 ), gdy y 1 ≤ y 2 . Niech M = max (x,y) ∈T |f(x, y)|, δ = min(a, b/M). Zbudowa´c cia
‘ g kolejnych przybli˙ze´ n (ϕ k ) k ∈N , ϕ k : h0, δi → R i pokaza´c, ˙ze jest on jednostajnie zbie˙zny na h0, δi do rozwia
‘ zania r´ ownania ( ∗∗ ) przechodza
‘ cego przez punkt (0, 0).
§15. Rozwia
‘ zania integralne.
W §7 rozwa˙zali´smy rozwia ‘ zania integralne uk lad´ ow r´ owna´ n w sytuacji gdy za- chodzi twierdzenie o istnieniu i jednoznaczno´ sci rozwia
‘ za´ n. Tutaj kontynuujemy te rozwa˙zania maja
‘ c do dyspozycji jedynie twierdzenie lokalne o istnieniu rozwia
‘ za´ n.
Niech, podobnie jak w §14, be
‘ dzie dany uk lad r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych
(1) y 0 = F (x, y),
gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszarze G ⊂ R n+1 .
Na mocy twierdzenia 14.1 przez ka˙zdy punkt (ξ, η) ∈ G przechodzi lokalnie rozwia
‘ zanie uk ladu (1). Celem tego paragrafu be
‘ dzie pokazanie, ˙ze rozwia
‘ zanie takie przed lu˙za sie
‘ do rozwia
‘ zania integralnego.
Zacznijmy od lematu, kt´ ory be
‘ dzie cze
‘ sto stosowany dalej.
Lemat 1. Niech Φ 0 : hx 0 , x 1 i → R n , Φ 1 : hx 1 , x 2 i → R n , be
‘ da
‘ dwoma rozwia
‘ zania- mi uk ladu (1). Je´ sli Φ 0 (x 1 ) = Φ 1 (x 1 ), to odwzorowanie Φ : hx 0 , x 2 i → R n okre´ slone wzorem
Φ(x) =
Φ 0 (x) dla x ∈ hx 0 , x 1 i Φ 1 (x) dla x ∈ hx 1 , x 2 i jest rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1).
Dow´ od. Z lematu 7.1 wynika, ˙ze odwzorowania Φ 0 i Φ 1 spe lniaja
‘ odpowiednio r´ owno´ sci
Φ 0 (x) = Φ 0 (x 1 ) + Z x
x
1F (t, Φ 0 (t))dt dla x ∈ hx 0 , x 1 i i
Φ 1 (x) = Φ 1 (x 1 ) + Z x
x
1F (t, Φ 1 (t))dt dla x ∈ hx 1 , x 2 i.
Sta ‘ d odwzorowanie cia
‘ g le Φ spe lnia r´ owno´ s´ c Φ(x) = Φ(x 1 ) +
Z x x1
F (t, Φ(t))dt dla x ∈ hx 0 , x 2 i.
Zatem na mocy lematu 7.1 odwzorowanie Φ jest rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1).
To ko´ nczy dow´ od.
Powy˙zszy lemat jest nazywany lematem o sklejaniu rozwia
‘ za´ n.
Lemat 2. Niech Φ : hx 0 , x 1 i → R n be
‘ dzie rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1). W´ ow- czas istnieje liczba δ dodatnia i rozwia
‘ zanie ˆ Φ : hx o − δ, x 1 i → R n uk ladu r´ owna´ n (1) takie, ˙ze ˆ Φ | hxo,x
1i = Φ.
Dow´ od. Poniewa˙z punkt (x 0 , Φ(x 0 )) nale˙zy do zbioru otwartego G, to istnieja
‘ liczby dodatnie a, b takie, ˙ze zbi´ or T = {(x, y) ∈ R n+1 : |x − x 0 | ≤ a, |y − Φ(x 0 ) | ≤ b}
jest zawarty w G. Niech M = sup (x,y) ∈T |F (x, y)| i δ = min(a, b/M). Z twierdzenia 14.1 wynika, ˙ze istnieje rozwia
‘ zanie ˜ Φ : hx 0 − δ, x 0 i → R n uk ladu r´ owna´ n (1) takie,
˙ze ˜ Φ(x 0 ) = Φ(x 0 ) . W´ owczas odwzorowanie ˆ Φ : hx 0 −δ, x 1 i → R n okre´ slone wzorem Φ(x) = ˆ
Φ(x) ˜ dla x ∈ hx 0 − δ, x 0 i Φ(x) dla x ∈ hx 0 , x 1 i, jest, w my´ sl lematu 1, rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1). To ko´ nczy dow´ od.
Analogicznie mo˙zna uzyska´ c przed lu˙zenie rozwia
‘ zania Φ : hx 0 , x 1 i → R n uk ladu r´ owna´ n (1) na przedzia l hx 0 , x 1 + δ i. Sta ‘ d i z lematu 2 otrzymujemy od razu W lasno´ s´ c 1. Je˙zeli odwzorowanie Φ : I → R n jest rozwia
‘ zaniem integralnym uk ladu r´ owna´ n (1), to przedzia l I jest otwarty.
Niech Φ : I → R n be
‘ dzie rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1). Niech ξ ∈ I oraz η = Φ(ξ). Wprowadzimy teraz poje
‘ cia rozwia
‘ zania integralnego lewostronnie i pra- wostronnie. Niech ξ be
‘ dzie prawym ko´ ncem przedzia lu I i niech ξ ∈ I. M´owimy,
˙ze rozwia
‘ zanie Φ jest lewostronnie integralnym rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1), je˙zeli nie istnieje rozwia
‘ zanie ˜ Φ : ˜ I → R n uk ladu r´ owna´ n (1) okre´ slone na przedziale I o prawym ko´ ˜ ncu ξ i ξ ∈ ˜I, kt´ore jest przed lu˙zeniem w la´sciwym rozwia ‘ zania Φ. M´ owimy wtedy r´ ownie˙z, ˙ze z punktu (ξ, η) wychodzi w lewo rozwia
‘ zanie inte- gralne albo, ˙ze z punktu (ξ, η) wychodzi rozwia
‘ zanie lewostronnie integralne uk ladu r´ owna´ n (1).
Analogicznie okre´ slamy rozwia
‘ zanie prawostronnie integralne, albo m´ owimy, ˙ze z punktu (ξ, η) wychodzi w prawo rozwia
‘ zanie integralne albo, ˙ze z punktu (ξ, η) wychodzi rozwia
‘ zanie prawostronnie integralne.
Wprost z powy˙zszych okre´ sle´ n wynika
W lasno´ s´ c 2. Na to, by odwzorowanie Φ : I → R n by lo rozwia
‘ zaniem integral- nym uk ladu r´ owna´ n (1) potrzeba i wystarcza, by dla ka˙zdego punktu ξ ∈ I odw- zorowania Φ | {x∈I:x≤ξ} i Φ | {x∈I:x≥ξ} by ly odpowiednio rozwia
‘ zaniami lewostronnie i prawostronnie integralnymi uk ladu r´ owna´ n (1).
Udowodnimy teraz zasadnicze twierdzenie tego paragrafu o istnieniu rozwia
‘ za´ n
integralnych.
Twierdzenie 1. Niech dany be
‘ dzie uk lad r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych (1), gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszarze G ⊂ R n+1 . Niech (ξ, η) ∈ G be ‘ dzie dowolnym punktem. W´ owczas istnieje rozwia
‘ zanie integralne
(2) Φ : (α, β) → R n
uk ladu r´ owna´ n (1) przechodza
‘ ce przez punkt (ξ, η), to znaczy takie, ˙ze ξ ∈ (α, β) i Φ(ξ) = η.
Dow´ od. Niech (ξ, η) ∈ G be
‘ dzie dowolnym punktem. Poka˙zemy najpierw, ˙ze z punktu (ξ, η) wychodzi rozwia
‘ zanie lewostronnie integralne.
Stosuja
‘ c zasade
‘ indukcji, okre´ slimy pewien cia
‘ g (Φ m ) m ∈N rozwia
‘ za´ n uk ladu r´ ow- na´ n (1) wychodza
‘ cych z punktu (ξ, η) w lewo.
Na mocy twierdzenia 14.1 z punktu (ξ, η) wychodza
‘ w lewo rozwia
‘ zania uk ladu r´ owna´ n (1). Oznaczmy przez α 0 kres dolny lewych ko´ nc´ ow przedzia l´ ow, na kt´ orych istnieja
‘ rozwia
‘ zania uk ladu (1) wychodzace w lewo z punktu (ξ, η). Po l´ o˙zmy x 0 = ξ, x 1 = x 0 − 1 + 2
2 + x 0 − α 0
.
(Przy powszechnie przyjetych umowach punkt x 1 jest poprawnie okre´ slony r´ ownie˙z w przypadku gdy α 0 = −∞). Oczywi´scie mamy α 0 < x 1 < x 0 . W my´ sl okre´ slenia kresu α 0 , istnieje rozwia
‘ zanie Φ 1 : hx 1 , x 0 i → R n uk ladu r´ owna´ n (1) wychodza
‘ ce z punktu (ξ, η) w lewo.
Za l´ o˙zmy, ˙ze dla liczby naturalnej m okre´ slone jest rozwia
‘ zanie Φ m : hx m , x 0 i → R n uk ladu r´ owna´ n (1) wychodza
‘ ce z punktu (ξ, η) w lewo. Oznaczmy przez α m kres dolny lewych ko´ nc´ ow przedzia l´ ow, na kt´ orych istnieja
‘ rozwia
‘ zania uk ladu r´ owna´ n (1) wychodza
‘ ce w lewo z punktu (x m , Φ m (x m )). Po l´ o˙zmy
(3) x m+1 = x m − 1 + 2
2 + x m − α m
.
Oczywi´ scie prawdziwa jest nier´ owno´ s´ c α m < x m+1 < x m . W my´ sl okre´ slenia kresu α m , istnieje na przedziale hx m+1 , x m i jakie´s rozwia ‘ zanie uk ladu r´ owna´ n (1) wychodza
‘ ce z punktu (x m , Φ m (x m )) w lewo. To rozwia
‘ zanie po sklejeniu z rozwia
‘ - zaniem Φ m (Lemat 1) daje nam rozwia
‘ zanie Φ m+1 : hx m+1 , x 0 i → R n uk ladu (1) takie, ˙ze
(4) Φ m+1 | hxm,x
0i = Φ m , m = 1, 2, . . . , przy czym
(5) α m −1 ≤ α m < x m+1 < x m , m = 1, 2, . . . Z otrzymanego cia
‘ gu odwzorowa´ n (Φ m ) m∈N zbudujemy teraz pewne rozwia
‘ zanie lewostronnie integralne uk ladu r´ owna´ n (1).
Z uwagi na nier´ owno´ sci (5) otrzymujemy, ˙ze cia
‘ gi (α m ) m∈N i (x m ) m∈N sa
‘ zbie˙zne (do granic sko´ nczonych lub niesko´ nczonych), przy czym z uwagi na (3) otrzymujemy,
˙ze cia
‘ gi te maja
‘ wsp´ olna
‘ granice
‘ ; oznaczmy ja
‘ przez α.
Okre´ slmy teraz odwzorowanie Φ ∗ : (α, ξ i → R n , k lada
‘ c dla ka˙zdego x ∈ (α, ξi warto´ s´ c Φ ∗ (x) = Φ m (x), gdzie m jest taka
‘ liczba
‘ naturalna
‘ , ˙ze x m ≤ x. Z uwagi na r´ owno´ s´ c (4) i zbie˙zno´ s´ c cia
‘ gu (x m ) m ∈N do α, jest to poprawnie okre´ slone odwzoro- wanie. Jednocze´ snie Φ ∗ jest rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1).
Poka˙zemy naste
‘ pnie, ˙ze rozwia
‘ zanie Φ ∗ jest rozwia
‘ zaniem lewostronnie integral- nym uk ladu r´ owna´ n (1). Przypu´ s´ cmy, ˙ze tak nie jest. Wtedy liczba α jest sko´ nczona i odwzorowanie Φ ∗ mo˙zna przed lu˙zy´ c do rozwia
‘ zania ˜ Φ : hα, ξi → R n tak, by Φ ˜ | (α,ξ i = Φ ∗ . W my´ sl lematu 2, istnieje liczba δ > 0 i rozwia
‘ zanie ˆ Φ : hα − δ, ξi → R n uk ladu r´ owna´ n (1) takie, ˙ze ˆ Φ | hα,ξi = ˜ Φ i wychodza
‘ ce z punktu (ξ, η) w lewo.
Z drugiej strony, dla ka˙zdego naturalnego m mamy ˆ Φ | hxm,x
0i = Φ m . Sta
‘ d, zgodnie z okre´ sleniem kres´ ow α m , musza
‘ zachodzi´ c nier´ owno´ sci α m ≤ α − δ, m = 1, 2, . . . A po przej´ sciu do granicy musi zaj´ s´ c nier´ owno´ s´ c α ≤ α − δ, kt´ora przeczy nier´ow- no´ sci δ > 0. W konsekwencji odwzorowanie Φ ∗ : (α, ξ i → R n jest rozwia
‘ zaniem lewostronnie integralnym uk ladu r´ owna´ n (1) wychodza
‘ cym z punktu (ξ, η).
Analogicznie wyznaczamy rozwia
‘ zanie Φ ∗∗ : hξ, β) → R n prawostronnie inte- gralne uk ladu r´ owna´ n (1) wychodza
‘ ce z punktu (ξ, η).
Sklejaja
‘ c rozwia
‘ zania Φ ∗ i Φ ∗∗ (lemat 1), otrzymamy ˙za
‘ dane rozwia
‘ zanie inte- gralne (2) uk ladu r´ owna´ n (1) przechodza
‘ ce przez punkt (ξ, η) (w lasno´ s´ c 2).
To ko´ nczy dow´ od.
Wniosek 1. Ka˙zde rozwia
‘ zanie Φ : hα, βi → R n uk ladu r´ owna´ n (1) mo˙zna prze- d lu˙zy´ c do rozwia
‘ zania integralnego.
Dow´ od. W my´ sl twierdzenia 1, istnieja
‘ rozwia
‘ zania integralne wychodza
‘ ce odpo- wiednio w lewo i w prawo z punkt´ ow (α, Φ(α)) i (β, Φ(β)). Sklejenie tych rozwia
‘ za´ n z Φ daje ˙za
‘ dane rozwia
‘ zanie integralne . To ko´ nczy dow´ od.
Analogicznie pokazujemy, ˙ze dowolne rozwia
‘ zanie Φ : I → R n uk ladu r´ owna´ n (1), gdzie I = (α, β i lub I = hα, β), kt´ore nie jest odpowiednio lewostronnie lub prawostronnie integralne, mo˙zna przed lu˙zy´ c do rozwia
‘ zania lewostronnie lub pra- wostronnie integralnego. Nale˙zy w tym celu najpierw rozwia
‘ zanie Φ przed lu˙zy´ c na przedzia l domknie
‘ ty a naste
‘ pnie zastosowa´ c wniosek 1.
Podamy teraz pewna
‘ charakteryzacje
‘ rozwia
‘ za´ n integralnych uk ladu r´ owna´ n (1).
Twierdzenie 2. Niech dany be
‘ dzie uk lad r´ owna´ n (1), gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszarze G ⊂ R n+1 . Niech Φ : (α, β) → R n be
‘ dzie rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1). Naste
‘ puja
‘ ce warunki sa
‘ r´ ownowa˙zne:
(a) Φ jest rozwia
‘ zaniem integralnym,
(b) dla ka˙zdego ξ ∈ (α, β) i dla ka˙zdego zbioru zwartego K ⊂ G wykresy odw- zorowa´ n Φ | (α,ξ i i Φ | hξ,β) nie le˙za
‘ ca lkowicie w K.
Dow´ od. (a) ⇒ (b). Za l´o˙zmy, ˙ze zachodzi (a) i nie zachodzi (b). Istnieje wtedy ξ 0 ∈ (α, β) i zbi´ or zwarty K 0 ⊂ G taki, ˙ze na przyk lad wykres {(x, Φ(x)) ∈ R n+1 : x ∈ (α, ξ 0 i} jest zawarty w K 0 . Po l´ o˙zmy M = max (x,y) ∈K0|F (x, y)|. We´zmy dowolna ‘ liczbe
‘ ε > 0. W´ owczas dla dowolnych liczb x 0 , x 00 ∈ (α, ξ 0 i takich, ˙ze |x 00 −x 0 | < ε/M, w my´ sl lematu 7.1, zachodza
‘ relacje
|Φ(x 00 ) − Φ(x 0 ) | = | Z x00
x
0F (t, Φ(t))dt | ≤ M|x 00 − x 0 | < ε.
Sta ‘ d, w my´ sl kryterium Cauchy’ego, otrzymujemy, ˙ze odwzorowanie Φ posiada granice
‘ jednostronna
‘ w α. Zatem istnieje przed lu˙zenie odwzorowania Φ | (α,ξ0i do
odwzorowania cia
‘ g lego ˜ Φ : hα, ξ 0 i → R n i dla tego przed lu˙zenia zachodzi r´ owno´ s´ c Φ(x) = ˜ ˜ Φ(ξ 0 ) +
Z x ξ0
F (t, ˜ Φ(t))dt dla x ∈ hα, ξ 0 i.
W konsekwencji, na mocy lematu 7.1, odwzorowanie ˜ Φ jest rozwia
‘ zaniem uk ladu r´ owna´ n (1) takim, ˙ze ˜ Φ | (α,ξ0i = Φ. To, na mocy w lasno´ sci 2, przeczy (a). Ana- logicznie wykluczamy przypadek, gdy wykres {(x, Φ(x)) ∈ R n+1 : x ∈ hξ 0 , β) } jest zawarty w K 0 .
(b) ⇒(a).Za l´o˙zmy ˙ze zachodzi (b) i nie zachodzi (a). Istnieje wtedy liczba ξ ∈ (α, β) taka, ˙ze rozwia
‘ zanie Φ | (α,ξ i lub Φ | hξ,β) nie jest rozwia
‘ zaniem integralnym lewostronnie lub prawostronnie odpowiednio. Je´ sli Φ | (α,ξ i nie jest rozwia
‘ zaniem in- tegralnym lewostronnie, to przed lu˙za sie
‘ do rozwia
‘ zania ˆ Φ : hα, ξi → R n . W´ owczas zbi´ or {(x, ˆΦ(x)) ∈ R n+1 : x ∈ hα, ξi} jest zbiorem zwartym zawartym w G i je- dnocze´ snie zawieraja
‘ cym zbi´ or {(x, Φ(x)) ∈ R n+1 : x ∈ (α, ξi}. To przeczy (b).
Analogicznie wykluczamy przypadek, gdy rozwia
‘ zanie Φ | hξ,β) nie jest rozwia
‘ zaniem integralnym prawostronnie.
To ko´ nczy dow´ od.
Twierdzenie 2, z uwagi na warunek (b), nosi nazwe
‘ twierdzenia o skupianiu sie rozwia ‘
‘ za´ n integralnych na brzegu.
Podamy teraz warunki na to, by wszystkie rozwia
‘ zania uk lad´ ow r´ owna´ n r´ o˙znicz- kowych po obcie
‘ ciu do pewnego przedzia lu przebiega ly w zadanym zbiorze.
Niech dany be
‘ dzie obszar G ⊂ R n+1 i dowolny punkt (ξ, η) ∈ G. We´zmy zbi´or T = {(x, y) ∈ R n+1 : |x − ξ| ≤ a, |y − η| ≤ b} ⊂ G, (a, b > 0) i dowolna
‘ liczbe dodatnia ‘
‘ M . Po l´ o˙zmy δ = min(a, b/M ). W´ owczas zachodzi
W lasno´ s´ c 3. Je˙zeli F : G → R n jest dowolnym odwzorowaniem cia
‘ g lym takim,
˙ze max (x,y) ∈T |F (x, y)| ≤ M, to dla uk ladu r´owna´n (1) ka˙zde jego rozwia ‘ zanie in- tegralne Φ przechodza
‘ ce przez punkt (ξ, η) jest okre´ slone przynajmniej w przedziale hξ − δ, ξ + δi oraz wykres odwzorowania Φ| hξ−δ,ξ+δi przebiega w zbiorze T .
Dow´ od. Przypu´ s´ cmy przeciwnie, ˙ze istnieje rozwia
‘ zanie integralne Φ uk ladu r´ owna´ n (1) przechodza
‘ ce przez punkt (ξ, η), kt´ ore nie jest okre´ slone w ca lym przedziale hξ−δ, ξ+δi albo jest okre´slone w tym przedziale, ale wykres Φ| hξ−δ,ξ+δi nie przebiega w zbiorze T . W´ owczas, z uwagi na twierdzenie 2, istnieje punkt x 0 ∈ (ξ − δ, ξ + δ) taki, ˙ze wykres Φ przebiega ca lkowicie w zbiorze T na przedziale mie
‘ dzy ξ i x 0 i taki, ˙ze |Φ(x 0 ) − η| = b. Ale wtedy, w my´sl lematu 7.1 mamy
b = | Z x0
ξ
F (t, Φ(t))dt | ≤ M|x 0 − ξ| < Mδ ≤ b,
co niemo˙zliwe. To ko´ nczy dow´ od.
W lasno´ s´ c 4. Za l´ o˙zmy tak jak we w lasno´ sci 3, ˙ze dany jest obszar G, punkt (ξ, η) ∈ G zbi´ or T ⊂ G, liczba M > 0 i liczba δ. W´owczas istnieje przedzia l hα, βi taki, ˙ze ξ ∈ (α, β) i istnieje otoczenie Γ ⊂ R n+1 punktu (ξ, η) takie, ˙ze je˙zeli F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym, dla kt´ orego max (x,y) ∈T |F (x, y)| ≤ M, za´ s ( ˜ ξ, ˜ η) jest dowolnym punktem z otoczenia Γ, to dla uk ladu r´ owna´ n (1) ka˙zde jego rozwia
‘ zanie integralne Φ przechodza
‘ ce przez punkt ( ˜ ξ, ˜ η) jest okre´ slone przynajmniej
na przedziale hα, βi i wykres odwzorowania Φ| hα,βi przebiega w zbiorze T .
Dow´ od. Poka˙zemy, ˙ze za szukany przedzia l i szukane otoczenie wystarczy odpowied- nio przyja
‘ ´ c hα, βi = hξ − δ/3, ξ + δ/3i i Γ = {(x, y) ∈ R n+1 : |x − ξ| < δ/3, |y − η | < b − 2δM/3}. Oczywi´scie ξ ∈ (α, β). We´zmy dowolne odwzorowanie cia ‘ g le F : G → R n takie, ˙ze max (x,y)∈T |F (x, y)| ≤ M i dowolny punkt (˜ξ, ˜η) ∈ Γ.
Po l´ o˙zmy ˜ T = {(x, y) ∈ R n+1 : |x − ˜ξ| ≤ 2δ/3, |y − ˜η| ≤ 2δM/3}. Latwo wida´ c, ˙ze ˜ T ⊂ T . Niech ˜ M = max (x,y) ∈ ˜ T |F (x, y)|. Zauwa˙zmy, ˙ze ˜ M ≤ M i min(2δ/3, 2δM/(3 ˜ M )) = 2δ/3. Rozwa˙zmy uk lad r´ owna´ n (1). Na mocy w lasno´ sci 3, dowolne rozwia
‘ zanie integralne Φ uk ladu r´ owna´ n (1) przechodza
‘ ce przez punkt ( ˜ ξ, ˜ η) jest okre´ slone przynajmniej na przedziale h˜ξ − 2δ/3, ˜ξ + 2δ/3i oraz wykres odwzorowania Φ | h˜ ξ −2δ/3,˜ ξ+2δ/3 i przebiega ca lkowicie w ˜ T ⊂ T . Co wie ‘ cej, przedzia l hα, βi = hξ − δ/3, ξ + δ/3i jest zawarty w h˜ξ − 2δ/3, ˜ξ + 2δ/3i. Istotnie, je˙zeli
|x − ξ| ≤ δ/3, to |x − ˜ξ| ≤ |x − ξ| + |ξ − ˜ξ| < δ/3 + δ/3 = 2δ/3. To ko´nczy dow´od.
Wniosek 2. Niech dany be
‘ dzie uk lad r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych (1), gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszarze G ⊂ R n+1 .Niech Φ : (x 0 , ξ i → R n be
‘ dzie dowolnym rozwia
‘ zaniem uk ladu (1). Je˙zeli istnieje cia
‘ g punkt´ ow (x m ) m ∈N , x m ∈ (x 0 , ξ i taki, ˙ze x m → x 0 i Φ(x m ) → y o oraz punkt (x 0 , y 0 ) ∈ G, to istnieje granica lim x →x+
0
Φ(x) = y 0 . W konsekwencji rozwia
‘ zanie Φ nie jest rozwia
‘ zaniem lewo- stronnie integralnym.
Dow´ od. Na mocy w lasno´ sci 4 istnieje otoczenie Γ ⊂ R n+1 punktu (x 0 , y 0 ) takie,
˙ze ka˙zde rozwia
‘ zanie integralne uk ladu r´ owna´ n (1), przechodza
‘ ce przez dowolny punkt z otoczenia Γ, jest okre´ slone w punkcie x 0 . W szczeg´ olno´ sci dla dostatecznie du˙zej liczby naturalnej m mamy (x m , Φ(x m )) ∈ Γ i rozwia ‘ zanie Φ jest obcie
‘ ciem pewnego rozwia
‘ zania integralnego Φ ∗ : (α ∗ , β ∗ ) → R n , przy czym x 0 ∈ (α ∗ , β ∗ ). W konsekwencji lim x →x+
0
Φ(x) = Φ(x 0 ). To ko´ nczy dow´ od.
Analogiczny wniosek zachodzi dla rozwia
‘ zania Φ : hξ, x 0 ) → R n . A oto jeszcze jedna w lasno´ s´ c rozwia
‘ za´ n integralnych.
Twierdzenie 3. Niech dany be
‘ dzie uk lad r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych (1), gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszarze G ⊂ R n+1 . W´ owczas rozwia
‘ zanie Φ : (α, β) → R n jest rozwia
‘ zaniem integralnym uk ladu (1) wtedy i tylko wtedy, gdy dla ka˙zdego zbioru zwartego K ⊂ G istnieja ‘ liczby α ∗ , β ∗ takie, ˙ze wykresy odwzorowa´ n Φ | (α,α∗) i Φ | (β
∗β) nie maja
‘ punkt´ ow wsp´ olnych ze zbiorem K.
Dow´ od. Konieczno´ s´ c. Rozwa˙zmy zbi´ or A = {x ∈ (α, β) : (x, Φ(x)) ∈ K}. Je˙zeli A jest zbiorem pustym, to za liczby α ∗ , β ∗ wystarczy przyja
‘ ´ c dowolne liczby z przedzia lu (α, β). Je˙zli A nie jest zbiorem pustym, to przyjmijmy α ∗ = inf A, β ∗ = sup A. Dla dowodu wystarczy pokaza´ c, ˙ze α < α ∗ i β ∗ < β. Przypu´ s´ cmy, ˙ze α = α ∗ . Ze zwarto´ sci zbioru K i z okre´ slenia kresu α ∗ otrzymujemy, ˙ze istnieje cia ‘ g (x m ) m ∈N i taki, ˙ze cia
‘ g ((x m , Φ(x m ))) m ∈N jest zbie˙zny do punktu ze zbioru K ⊂ G. To, w my´sl wniosku 2, przeczy integralno´sci rozwia ‘ zania Φ. Analogicznie wykluczamy r´ owno´ s´ c β ∗ = β.
Dostateczno´ s´ c. Wynika z twierdzenia 2 (b) ⇒(a).
Twierdzenie 3 nosi nazwe
‘ twierdzenia o docieraniu rozwia
‘ za´ n integralnych do brzegu.
Cwiczenia ´
1. Niech dane be
‘ dzie r´ ownanie r´ o˙zniczkowe
(*) y 0 = f (x, y),
gdzie f : D → R jest funkcja ‘ cia
‘ g la
‘ w obszarze D ⊂ R 2 . Za l´ o˙zmy, ˙ze obszar D jest normalny, to znaczy, ˙ze dla dowolnych punkt´ ow (x, y 1 ), (x, y 2 ) ∈ D, je´sli y 1 < y 2 , to dla ka˙zdego y ∈ (y 1 , y 2 ) mamy (x, y) ∈ D. Niech ϕ 1 : hξ 0 , ξ i → R i ϕ 2 : hξ 0 , ξ i → R be ‘ da
‘ dwoma rozwia
‘ zaniami r´ ownania ( ∗ ) takimi, ˙ze ϕ 1 (ξ 0 ) = ϕ 2 (ξ 0 ) =: η 0 oraz ϕ 1 (ξ) < ϕ 2 (ξ). Pokaza´ c, ˙ze dla ka˙zdego η ∈ (ϕ 1 (ξ), ϕ 2 (ξ)) istnieje rozwia
‘ zanie ϕ : hξ 0 , ξ i → R r´ownania ( ∗ ) takie, ˙ze ϕ(ξ 0 ) = η 0 , ϕ(ξ) = η.
2. Niech dane be
‘ dzie r´ ownanie r´ o˙zniczkowe
(**) y 0 = f (x, y),
gdzie
f (x, y) =
( 4x3y
x
4+y
2dla (x, y) ∈ R 2 , (x, y) 6= (0, 0) 0 dla (x, y) = (0, 0)
Niech V oznacza zbi´ or rozwia
‘ za´ n integralnych ϕ : I ϕ → R r´ownania ( ∗∗ ) przecho- dza ‘ cych przez punkt (0, 0). Wykaza´ c, ˙ze funkcja
ˆ
ϕ(x) = sup
ϕ ∈V ϕ(x) dla x ∈ \
ϕ ∈V
I ϕ
nale˙zy do zbioru V.
Sprawdzi´ c, czy analogiczna
‘ w lasno´ s´ c posiadaja
‘ rozwia
‘ zania integralne r´ ownania p |1 − x 2 |y 0 = p
|1 − y 2 | przechodza
‘ ce przez punkt (1, 1) oraz r´ ownania xy 0 = y + x 2 przechodza
‘ ce przez punkt (0, 0).
§16. Kryterium Kamkego. Kryteria jednoznaczno´sci.
Niech dany be
‘ dzie uk lad r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych normalny
(1) y 0 = F (x, y),
gdzie F : G → R n jest odwzorowaniem cia
‘ g lym w obszarze G ⊂ R × R n . Niech dany be
‘ dzie punkt P = (x 0 , y 0 ) ∈ G. M´owimy, ˙ze w punkcie P zachodzi lokalna jednoznaczno´ s´ c rozwia
‘ za´ n uk ladu r´ owna´ n (1) albo, ˙ze przez punkt P przechodzi lokalnie dok ladnie jedno rozwia
‘ zanie uk ladu (1), gdy istnieje otoczenie ω ⊂ R punktu x 0 takie, ˙ze dla ka˙zdych rozwia
‘ za´ n Φ 1 : I 1 → R n i Φ 2 : I 2 → R n uk ladu r´ owna´ n (1) przechodza
‘ cych przez punkt (x 0 , y 0 ), zachodzi r´ owno´ s´ c Φ 1 (x) = Φ 2 (x) dla x ∈ I 1 ∩ I 2 ∩ ω.
Zamieniaja
‘ c w powy˙zszej definicji otoczenie ω na ca ly zbi´ or R, okre´slamy poje ‘ cie globalnej (integralnej) jednoznaczno´ sci rozwia
‘ za´ n uk ladu (1) w punkcie P.
R´ ownie˙z, zamieniaja
‘ c w powy˙zszych definicjach otoczenie ω punktu x 0 albo zmieniaja
‘ c ca ly zbi´ or R odpowiednio na otoczenie lewostronne, wzgle
‘ dnie pra- wostronne punktu x 0 albo na zbi´ or ( −∞, x 0 i wzgle ‘ dnie zbi´ or hx 0 , ∞) okre´slamy poje ‘ cia lokalnej lewostronnej wzgle
‘ dnie lokalnej prawostronnej jednoznaczno´ sci roz- wia ‘ za´ n albo globalnej (integralnej ) lewostronnej wzgle
‘ dnie globalnej (integralnej) prawostronnej jednoznaczno´ sci rozwia
‘ za´ n w punkcie P.
Latwo zauwa˙zamy
W lasno´ s´ c 1. Warunki zachodzenia jednoznaczno´ sci rozwia
‘ za´ n w ka˙zdym punkcie obszaru G lokalnej i globalnej sa
‘ r´ ownowa˙zne.
W tym paragrafie podamy pewne warunki wystarczaja
‘ ce na to, by zachodzi la lokalna jednoznaczno´ s´ c rozwia
‘ za´ n uk ladu r´ owna´ n (1).
Zacznijmy od dw´ och pomocniczych w lasno´ sci pewnych r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych.
Niech dane be
‘ dzie r´ ownanie r´ o˙zniczkowe
(2) z 0 = σ(x, z),
i cia
‘ g r´ owna´ n r´ o˙zniczkowych
(2k) z 0 = σ(x, z) + 1/k,
dla k = 1, 2, . . . gdzie funkcja σ : D → R jest funkcja
‘ cia
‘ g la
‘ i nieujemna
‘ w obszarze D = {(x, z) ∈ R 2 : x > 0, z ∈ R}
i taka
‘ , ˙ze
(3) σ(x, z) = 0 dla x > 0 i z ≤ 0.
Niech dany be
‘ dzie punkt (ξ, η) ∈ D taki, ˙ze η ≥ 0. W´owczas
W lasno´ s´ c 2. Je˙zeli ψ k : (α k , ξ i ∈ R jest dowolnym rozwia ‘ zaniem integralnym r´ ownania (2k) wychodza
‘ cym w lewo z punktu (ξ, η), to
(4k) ψ k (x) > −(ξ/k) dla x ∈ (α k , ξ i,
(5k) α k = 0,
(6k) ψ k (x) ≤ ψ k+1 (x) dla x ∈ (0, ξi.
Dow´ od. Poka˙zemy najpierw, ˙ze zachodzi (4k). Gdy dla ka˙zdego x ∈ (α k , ξ i za- chodzi nier´ owno´ s´ c ψ k (x) ≥ 0, to (4k) jest prawdziwe. Za l´o˙zmy zatem, ˙ze funkcja ψ k przyjmuje warto´ sci ujemne. Poniewa˙z funkcja ψ k jest rosna
‘ ca, to istnieje punkt x k ∈ (α k , ξ i taki, ˙ze ψ k (x k ) = 0 i ψ k (x) < 0 dla x ∈ (α k , x k ). Niech I k = (α k , x k i.
W´ owczas ˜ ψ k = ψ k | Ik jest rozwia
‘ zaniem r´ ownania (2k) przebiegaja
‘ cym w zbiorze {(x, z) ∈ R 2 : x > 0, z ≤ 0} i wychodza
‘ cym z punktu (x k , 0) w lewo. Zatem z (5) mamy ˜ ψ k 0 (x) = 1/k dla x ∈ I k i ˜ ψ k (x k ) = 0. Sta
‘ d ˜ ψ k (x) = (x − x k )/k dla x ∈ I k . W konsekwencji, z oczywistej nier´ owno´ sci x k − x < ξ, dostajemy (4k).
Poka˙zemy naste
‘ pnie, ˙ze zachodzi (5k). Poniewa˙z funkcja ψ k jest rosna
‘ ca i spe lnia nier´ owno´ s´ c (4k), zatem −ξ ≤ ψ k (x) ≤ η dla x ∈ (α k , ξ i. Gdyby liczba α k by la liczba dodatnia ‘
‘ , wtedy wykres ψ k by lby zawarty w zbiorze zwartym hα k , ξ i×h−ξ, ηi ⊂ D.
W´ owczas rozwia
‘ zanie ψ k nie dociera do brzegu obszaru D, co jest sprzeczne z za lo˙zona
‘ lewostronna
‘ integralno´ scia
‘ tego rozwia
‘ zania.
Poka˙zemy na koniec, ˙ze zachodzi (6k).Przypu´ s´ cmy przeciwnie, ˙ze istnieje k ∈ N i ˜ x ∈ (0, ξi takie, ˙ze ψ k (˜ x) > ψ k+1 (˜ x). Niech
x 0 = sup {δ : ψ k (x) > ψ k+1 (x) dla x ∈ (˜x, δ)}.
Oczywi´ scie x 0 ≤ ξ i
(7) ψ k (x 0 ) = ψ k+1 (x 0 ).
Ponadto
ψ k (x) − ψ k (x 0 ) x − x 0
< ψ k+1 (x) − ψ k+1 (x 0 ) x − x 0
dla x ∈ (˜x, x 0 ).
Sta ‘ d przechodza
‘ c do granicy x → x − 0 otrzymujemy ψ k 0 (x 0 ) ≤ ψ 0 k+1 (x 0 ). Zatem σ(x 0 , ψ k (x 0 )) + 1
k ≤ σ(x 0 , ψ k+1 (x 0 )) + 1 k + 1 , co, z uwagi na (7) niemo˙zliwe.
To ko´ nczy dow´ od.
Przy tych samych oznaczeniach i za lo˙zniach co w poprzedniej w lasno´ sci mamy W lasno´ s´ c 3. Cia
‘ g funkcyjny (ψ k ) k ∈N jest zbie˙zny na (0, ξ i. Funkcja ψ ∗ = lim
k→∞ ψ k jest rozwia
‘ zaniem r´ ownania r´ o˙zniczkowego (2) takim, ˙ze ψ ∗ (x) ≥ 0 dla x ∈ (0, ξi.
Dow´ od. Zauwa˙zmy najpierw, ˙ze ka˙zde rozwia
‘ zanie ψ k r´ ownania (2k) jest funkcja rosna ‘
‘ ca
‘ i ograniczona
‘ z g´ ory przez η. Z nier´ owno´ sci (6k) wynika, ˙ze dla ka˙zdej liczby x ∈ (0, ξi cia ‘ g liczbowy (ψ k (x)) k∈N jest niemaleja
‘ cy i w konsekwencji zbie˙zny do pewnej granicy sko´ nczonej ψ ∗ (x), przy czym z uwagi na (4k) zachodzi nier´ owno´ s´ c ψ ∗ (x) ≥ 0.
Poka˙zemy teraz, ˙ze funkcja ψ ∗ : (0, ξ i → R jest rozwia
‘ zaniem r´ ownania (2) takim, ˙ze ψ ∗ (ξ) = η. W tym celu zauwa˙zmy najpierw, ˙ze dla dowolnego δ ∈ (0, ξ) w przedziale I = hδ, ξi cia
‘ g {ψ k } k ∈N jest jednostajnie zbie˙zny do funkcji ψ ∗ | I (cia
‘ g lej).
Ot´ o˙z wystarczy w tym celu zauwa˙zy´ c, ˙ze cia
‘ g (ψ k ) k ∈N jest rodzina
‘ funkcji jedna- kowo cia
‘ g lych na I. 2 Niech Q = I × h−ξ, ηi, M = max (x,z) ∈Q σ(x, z). Z monoto- niczno´ sci funkcji ψ k i z (4k) wynika, ˙ze wszystkie wykresy funkcji ψ k | I przebiegaja w Q. Z lematu 7.1 mamy ‘
(8) ψ k (x) = η +
Z x ξ
(σ(t, ψ k (t)) + 1/k)dt dla x ∈ I.
2
Je˙zeli cia
‘ g funkcji rzeczywistych (g
k)
k∈Njest zbie ˙zny na przedziale ograniczonym I do funkcji g i tworzy rodzine
‘ jednakowo cia
‘ g la
‘ , to jest on cia
‘ giem jednostajnie zbie ˙znym. W przeciwnym razie istnieje liczba ε
0> 0 i cia
‘ g liczb naturalnych (k
m) oraz cia
‘ g punkt´ ow (x
m) z I takie, ˙ze
|g
km(x
m) − g(x
m) | ≥ ε
0. W my´ sl twierdzenia Arzeli-Ascoliego, z cia
‘ gu (g
km)
m∈Nmo˙zna wybra´ c podcia
‘ g (g
kmj