Podstawy wytrzymałości materiałów
Wydział Inżynierii Mechanicznej i Robotyki
Katedra Wytrzymałości, Zmęczenia Materiałów i Konstrukcji
Dr hab. inż. Tomasz Machniewicz
IMiR - MiBM - Wykład Nr 11
Złożony stan naprężeń - wytężenie materiału
stan krytyczny materiału, pojęcie wytężenia, cel stosowania hipotez wytężeniowych, naprężenie zredukowane, przegląd hipotez wytężeniowych: hipoteza Galileusza, hipoteza de Saint-Venanta, hipoteza Coulomba (C-T-G), hipoteza Hubera (H-M-H), zginanie ze skręcaniem przekrojów kołowosymetrycznych, moment zredukowany, warunek bezpieczeństwa, przykłady obliczeniowe.
11.1. Pojęcie wytężenia
Wytężenie – stopień zbliżenia się materiału do stanu krytycznego.
Stan krytyczny – ogół zmian w stanie fizycznym ciała prowadzących do wystąpienia trwałych odkształceń (R
e- mat.
elasto-plastyczne), lub utraty spójności (R
m, R
c– mat kruche).
𝝉𝒙𝒛
𝝉𝒙𝒚 𝝈𝒚
𝝉𝒚𝒛
𝝈𝒛 𝝉𝒛𝒚 z
x O y
𝝈𝒛 𝝉𝒛𝒚
𝝈𝒚 𝝉𝒚𝒛
𝝉𝒙𝒛
𝝉𝒙𝒚
𝑷
𝟏𝑷
𝒏𝑷
𝟐𝑷
𝒊𝑴
𝒊𝒒
𝒊𝑴
𝐒𝑴
𝐠𝐲y x
z
C 𝑵
𝑻
𝒚𝑻
𝒙𝑴
𝐠𝐱𝑷
𝟏𝑷
𝒏𝑴
𝒊Wytężenie
Wytężenie (W) jest funkcją stanu naprężenia materiału oraz jego odpowiednich o stałych materiałowych (C):
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒙, 𝝈
𝒚, 𝝈
𝒛, 𝝉
𝒙𝒚, 𝝉
𝒚𝒛, 𝝉
𝒛𝒙, 𝐂) 𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
© T. Machniewicz
11.2. Naprężenie zredukowane
Aby określić stopień zbliżenia się materiału poddanemu złożonemu stanowi naprężenia do stanu krytycznego, wytężenie dla tego stanu porównuje się z wytężeniem dla przypadku jednoosiowego rozciągania tzw. naprężeniem zredukowanym
zr:
Złożony stan naprężenia
𝝈𝟏
𝝈𝟐 z
x O y
𝝈𝟐
𝝈𝟏
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
1
zr
zrJednoosiowe rozciąganie:
𝝈
𝒛𝒓= 𝝋(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝑪) 𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
Hipoteza wytężeniowa
𝒇 𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂
= 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
𝒇, 𝝋 – funkcje zależne od przyjętej hipotezy wytężeniowej Naprężenie zredukowane (
zr) – taka wartość naprężenia, wyznaczona dla danego złożonego stanu naprężenia przy użyciu przyjętej hipotezy wytężeniowej, która przy jednoosiowym rozciąganiu tego samego materiału, wywołałaby identyczne wytężenia jakie ma miejsce w rozpatrywanym stanie naprężenia.
Hipoteza wytężeniowa – założenie dotyczące tego, jaka wielkość fizyczna, związana ze stanem naprężenia i odkształcenia, decyduje o wytężeniu materiału.
© T. Machniewicz
11.2. Naprężenie zredukowane Złożony stan naprężenia
𝝈𝟏
𝝈𝟐 z
x O y
𝝈𝟐
𝝈𝟏
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
1
zr
zrJednoosiowe rozciąganie:
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂) Hipoteza
wytężeniowa 𝒇 𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂
= 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
𝝈
𝒛𝒓≤ 𝒌
𝒓Warunek bezpieczeństwa:
Wytężenie
≡
𝝈
𝒓𝒆𝒅0
R
krR
kr– naprężenia krytyczne (R
e, R
m, R
c)
𝒌
𝒓– dopuszczalne naprężenia rozciągające
© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych 11.3.1. Hipoteza Galileusza (1632)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość maksymalnych naprężeń rozciągających (
max).
𝝈
𝒎𝒂𝒙= 𝝈
𝟏Złożony stan naprężenia 𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏≤ 𝒌
𝒓𝝈
𝒎𝒂𝒙= 𝝈
𝒛𝒓Jednoosiowe rozciąganie:
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
Cechy:
nie uwzględniony wpływ naprężeń
2i
3na wytężenie materiału,
nie uwzględniona możliwość zniszczenia pod wpływem osiowego ściskania.
Modyfikacja hipotezy Galileusza: Clebsch (1862) i Rankin (1856)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość ekstremalnych naprężeń normalnych: max(
1, -
3).
𝝈
𝒛𝒓= 𝒎𝒂𝒙 𝝈
𝟏, − 𝝈
𝟑𝒛 ≤ 𝒌
𝒓- dopuszczalne naprężenia rozciągające
𝒛 = 𝒌
𝒄𝒌
𝒓- dopuszczalne naprężenia ściskające gdzie
czyli, żadne z naprężeń normalnych nie może być większe od k
rani mniejsze od k
cObecnie hipoteza Galileusza, nawet w postaci zmodyfikowanej jest stosowana rzadko i jedynie w zastosowaniu do materiałów kruchych.
© T. Machniewicz
P
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych 11.3.1. Hipoteza Galileusza (1632)
Hipoteza Galileusza stanowi m.in. teoretyczną podstawę pozwalającą na
wyznaczanie wytrzymałości na rozciąganie w badaniu na rozłupywanie 𝒇
𝒄𝒍𝒔𝒑𝒍materiałów kruchych (ang. indirect tensile strength test)
i1.ytimg.com
𝝈
𝒚= − 𝟔𝑷 𝛑𝑫𝒍 𝝈
𝒙= 𝟐𝑷
𝛑𝑫𝒍
𝒇
𝒄𝒍𝒔𝒑𝒍= 𝟐𝑷
𝒎𝒂𝒙𝛑𝑫𝒍 P
x y
Ponieważ w przypadku materiałów kruchych wytrzymałość na ściskanie (R
c) jest znacznie większa niż wytrzymałość na rozciąganie (R
m), przyjmuje się, że za zniszczenie elementu (rozłupanie) pod wpływem siły P
maxodpowiadają dodatnie co wartości naprężenia
x.
x y
O
Stąd wytrzymałość na rozciąganie przy rozłupywaniu obliczana jest jako:
O D
l
© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych 11.3.2. Hipoteza de Saint Venanta (1832)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość największego odkształcenia osiowego (
1).
𝜺
𝒎𝒂𝒙= 𝜺
𝟏= 𝟏
𝑬 𝝈
𝟏− 𝝂 𝝈
𝟐+ 𝝈
𝟑Złożony stan naprężenia
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏− 𝝂 𝝈
𝟐+ 𝝈
𝟑≤ 𝒌
𝒓𝜺
𝒎𝒂𝒙= 𝝈
𝒛𝒓𝑬
Jednoosiowe rozciąganie:
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
Dopuszczalna wartość naprężeń ściskających w świetle hipotezy de Saint Venata 𝝈
𝝈
𝝈
𝟏= 𝟎 𝝈
𝟐= 𝟎 𝝈
𝟑= −𝝈
𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏− 𝝂 𝝈
𝟐+ 𝝈
𝟑𝝈
𝒛𝒓= 𝝂𝝈 ≤ 𝒌
𝒓𝝈 ≤ 𝒌
𝒄…a tymczasem wiadomo, że:
𝒌
𝒄= 𝒌
𝒓𝝂
jeżeli: =0.10.3 𝒌
𝒄= (𝟑 ÷ 𝟏𝟎)𝒌
𝒓Obecnie hipoteza de Saint Venanta bywa stosowana do materiałów kruchych.
(𝝈
𝟏≥ 𝝈
𝟐≥ 𝝈
𝟑)
© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych
11.3.3. Hipoteza Coulomba–Tresci–Guesta (hip. C-T-G, hip.
max)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość maksymalnych naprężeń stycznych (
max).
𝝉
𝒙𝒚= −𝝉
𝒚𝒙= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐𝟐 𝐬𝐢𝐧 𝟐𝜶
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟐−𝟑= 𝝈
𝟐− 𝝈
𝟑𝟐
𝝉
𝒎𝒂𝒙= 𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟏−𝟑= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑𝟐
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟏−𝟐= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐𝟐
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟏−𝟑= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑𝟐
𝝈𝟐
𝝈𝟏 𝝈𝟏
𝝈𝟐
𝝈𝟐
𝝈𝟏 𝝈𝟏
𝝈𝟐 𝝈𝟐
𝝈𝟏 𝝈𝟏
𝝈𝟐
(𝝈
𝟏≥ 𝝈
𝟐≥ 𝝈 © T. 𝟑) Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych
11.3.3. Hipoteza Coulomba–Tresci–Guesta (hip. C-T-G, hip.
max)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość maksymalnych naprężeń stycznych (
max).
𝝉
𝒎𝒂𝒙= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑𝟐
Złożony stan naprężenia 𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑≤ 𝒌
𝒓𝝉
𝒎𝒂𝒙= 𝝈
𝒛𝒓𝟐
Jednoosiowe rozciąganie:
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
(𝝈
𝟏≥ 𝝈
𝟐≥ 𝝈
𝟑)
Doświadczenie potwierdza słuszność hipotezy C-T-G w przypadku materiałów sprężysto- plastycznych, szczególnie poddanych działaniu płaskiego stanu naprężenia (w stanach trójosiowych pominięty zostaje wpływ pośredniego co do wartości naprężenia
2).
© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych
11.3.3. Hipoteza Coulomba–Tresci–Guesta (hip. C-T-G, hip.
max)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość maksymalnych naprężeń stycznych (
max).
𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑≤ 𝒌
𝒓Szczególny przypadek: działanie naprężeń normalnych i stycznych:
𝝈
𝒙= 𝝈 𝝈
𝒚= 𝟎 𝝉
𝒙𝒚= 𝝉
𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑𝝈
𝟏,𝟑= 𝝈
𝒙+ 𝝈
𝒚𝟐 ± 𝟏
𝟐 𝝈
𝒙− 𝝈
𝒚 𝟐+ 𝟒𝝉
𝒙𝒚𝟐𝝈
𝟏,𝟑= 𝝈
𝟐 ± 𝟏
𝟐 𝝈
𝟐+ 𝟒𝝉
𝟐𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟐+ 𝟒𝝉
𝟐y
x
xy xx
xy
yx
yx3
1
Czyste ścinanie: 𝝈
𝒙= 𝝈
𝒚= 𝟎, 𝝉
𝒙𝒚= 𝝉: 𝝈
𝒛𝒓= 𝟐𝝉 ≤ 𝒌
𝒓𝝉 ≤ 𝒌
𝒕…a tymczasem wiadomo, że: 𝒌
𝒕= 𝟎. 𝟓 ∙ 𝒌
𝒓𝒌
𝒕- dopuszczalne naprężenia styczne
© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych
11.3.4. Hipoteza Hubera–Misesa–Hencky’ego (hip. H-M-H)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość energii właściwej odkształcenia postaciowego (
P).
=
𝝈ś𝒓+
𝝈ś𝒓 3
1 O 2
𝝈ś𝒓
𝝈ś𝒓
O (𝝈𝟐− 𝝈ś𝒓)(𝝈𝟑− 𝝈ś𝒓) 3
1 O 2
(𝝈𝟑− 𝝈ś𝒓)
(𝝈𝟐− 𝝈ś𝒓)
P𝝈𝟐
𝝈𝟑 3
1 O 2
𝝈𝟑
𝝈𝟐
1 2 3
26 2
1
OE
26 2 1
z y x
O
E
3 1 2
2 3 2 2
2
6
11
P OE
2 2 26
2 2 2
6 1
zx yz xy x
z z
y y
x O
P
E
Energia właściwa odkształcenia objętościowego
Energia właściwa odkształcenia postaciowego Por. p. 8.8.4. …..
© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych
11.3.4. Hipoteza Hubera–Misesa–Hencky’ego (hip. H-M-H)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość energii właściwej odkształcenia postaciowego (
P).
𝚽
𝒑= 𝟏 + 𝝂
𝟔𝑬 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐 𝟐+ 𝝈
𝟐− 𝝈
𝟑 𝟐+ 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑 𝟐Złożony stan naprężenia
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝟏, 𝝈
𝟐, 𝝈
𝟑, 𝐂)
𝝈
𝒛𝒓= 𝟏
𝟐 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐 𝟐+ 𝝈
𝟐− 𝝈
𝟑 𝟐+ 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟑 𝟐≤ 𝒌
𝒓𝚽
𝒑= 𝟏 + 𝝂
𝟑𝑬 𝝈
𝒛𝒓𝟐Jednoosiowe rozciąganie:
𝑾 = 𝒇(𝝈
𝒛𝒓, 𝐂)
Słuszność hipotezy Hubera została potwierdzona dla materiałów sprężysto-plastycznych, w przypadku których znajduje ona obecnie szerokie zastosowanie.
Przestrzenny stan naprężenia:
Płaski stan naprężenia (
3=0): 𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏𝟐+ 𝝈
𝟐𝟐− 𝝈
𝟏𝝈
𝟐≤ 𝒌
𝒓© T. Machniewicz
11.3. Przegląd hipotez wytężeniowych
Działanie naprężeń normalnych i stycznych:
𝝈
𝒙= 𝝈 𝝈
𝒚= 𝟎 𝝉
𝒙𝒚= 𝝉
𝝈
𝟏,𝟐= 𝝈 𝟐 ± 𝟏
𝟐 𝝈
𝟐+ 𝟒𝝉
𝟐𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟐+ 𝟑𝝉
𝟐y
x
xy xx
xy
yx
yx2
1
Czyste ścinanie: 𝝈
𝒙= 𝝈
𝒚= 𝟎, 𝝉
𝒙𝒚= 𝝉: 𝝈
𝒛𝒓= 𝟑𝝉 ≤ 𝒌
𝒓𝝉 ≤ 𝒌
𝒕…a tymczasem wiadomo, że: 𝒌
𝒕= 𝒌
𝒓𝟑 ≅ 𝟎. 𝟓𝟗𝒌
𝒓11.3.4. Hipoteza Hubera
1904–Misesa
1913–Hencky’ego
1925(hip. H-M-H)
Założenie: O wytężeniu decyduje wartość energii właściwej odkształcenia postaciowego (
P).
Płaski stan naprężenia (
3=0): 𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏𝟐+ 𝝈
𝟐𝟐− 𝝈
𝟏𝝈
𝟐≤ 𝒌
𝒓𝝈
𝒛𝒓= 𝝈
𝟏𝟐+ 𝝈
𝟐𝟐− 𝝈
𝟏𝝈
𝟐© T. Machniewicz
𝑷
11.4. Zginanie ze skręcaniem – wybrane problemy inżynierskie
𝑷 b a 𝑴𝒈 = 𝑷𝒃
𝑴𝒔 = 𝑷𝒂
Wałki przekładni mechanicznych
news.thomasnet.com
y
z 𝑴
𝒈𝑴
𝐒x
O
𝑷 b
a
© T. Machniewicz
𝝉𝒔𝒎𝒂𝒙
A
11.4. Zginanie ze skręcaniem – moment zredukowany
y 𝑴
𝒈z
𝑴
𝐒x
O
𝝈
𝒈𝒎𝒂𝒙𝝈
𝒈𝒎𝒂𝒙𝝈𝒈𝒎𝒂𝒙
A
𝝈𝒈𝒎𝒂𝒙 𝝉𝒔𝒎𝒂𝒙
𝝈𝒈𝒎𝒂𝒙 = 𝑴𝒈
𝑾𝒈 ≤ 𝒌𝒈 𝝉𝒔𝒎𝒂𝒙 = 𝑴𝑺
𝑾𝑶 ≤ 𝒌𝑺
𝑾𝑶 = 𝝅 ∙ 𝒅𝟑
𝟏𝟔 = 𝟐 ∙ 𝑾𝒈 𝑾𝒈 = 𝝅 ∙ 𝒅𝟑
𝟑𝟐
Dla przekroju kołowego o średnicy d
𝝈
𝒛𝒓,𝑨= 𝝈
𝒈𝒎𝒂𝒙𝟐+ 𝟒𝝉
𝒔𝒎𝒂𝒙𝟐= 𝑴
𝒈𝑾
𝒈𝟐
+ 𝟒 𝑴
𝒔𝟐 ∙ 𝑾
𝒈𝟐
Zgodnie z hipotezą C-T-G (hip.
max):
= 𝟏
𝑾
𝒈𝑴
𝒈𝟐+ 𝑴
𝒔𝟐𝑴
𝒛𝒓𝝈
𝒛𝒓,𝑨= 𝝈
𝒈𝒎𝒂𝒙𝟐+ 𝟑𝝉
𝒔𝒎𝒂𝒙𝟐= 𝑴
𝒈𝑾
𝒈𝟐
+ 𝟑 𝑴
𝒔𝟐 ∙ 𝑾
𝒈𝟐
Zgodnie z hipotezą H-M-H:
= 𝟏
𝑾
𝒈𝑴
𝒈𝟐+ 𝟑 𝟒 𝑴
𝒔𝟐
𝑴
𝒛𝒓𝑴
𝒛𝒓- moment zredukowany
© T. Machniewicz
11.5. Zginanie ze skręcaniem – warunek bezpieczeństwa
y 𝑴
𝒈z
𝑴
𝐒x
O
𝝈
𝒈𝒎𝒂𝒙𝝈
𝒈𝒎𝒂𝒙A
𝑴
𝒛𝒓= 𝑴
𝒈𝟐+ 𝑴
𝒔𝟐Warunek bezpieczeństwa
𝝈
𝒛𝒓,𝒎𝒂𝒙= 𝑴
𝒛𝒓𝑾
𝒈≤ 𝒌
𝒈𝒌
𝒈- dopuszczalne naprężenia przy zginaniu
𝑾
𝒈- wskaźnik wytrzymałości przekroju na zginanie
𝝈
𝒛𝒓,𝒎𝒂𝒙= 𝟑𝟐𝑴
𝒛𝒓𝝅 ∙ 𝒅
𝟑≤ 𝒌
𝒈Moment zredukowany wg hipotezy C-T-G
𝑴
𝒛𝒓= 𝑴
𝒈𝟐+ 𝟑 𝟒 𝑴
𝒔𝟐
Moment zredukowany wg hipotezy H-M-H
Dla przekroju kołowego
o średnicy d 𝒅 ≥ 𝟑𝟐𝑴
𝒛𝒓𝝅 ∙ 𝒌
𝒈:
𝟑𝝉𝒔𝒎𝒂𝒙
𝝈𝒈𝒎𝒂𝒙
A
𝝈𝒈𝒎𝒂𝒙𝝉𝒔𝒎𝒂𝒙
© T. Machniewicz
11.6. Zginanie ze skręcaniem – przykłady obliczeń
Przykład 11.1: Dla pręta ja na rysunku narysować wykresy momentów:
skręcającego (M
s), gnącego (M
g) i zredukowanego (M
zr), a następnie obliczyć średnicę pręta (d). Porównać wyniki uzyskane przy użyciu hipotezy Hubera oraz hipotezy Coulomba.
Dane: Szukane:
P= 1 kN, k
g=100 MPa, M
s, M
g, M
zr, d a=50 cm, b=1 m, (hip. Hubera oraz Coulomba) P
b a
A
B C
Momenty skręcające:
𝑴
𝑺(𝑪−𝑩)= 𝟎 𝑴
𝑺(𝑩−𝑨)= 𝑷𝒂 = 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
𝑴𝑺 (𝑵𝒎)
Momenty zginające:
𝑴
𝒈(𝒁𝟏)
= −𝑷𝒛
𝟏𝑴
𝒈(𝑩𝟏)= 𝑴
𝒈(𝒛𝟏=𝒂)= −𝑷𝒂 = 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
z1
𝑴
𝒈(𝑪)= 𝑴
𝒈(𝒛𝟏=𝟎)
= 𝟎
𝑴
𝒈(𝒁𝟐)
= −𝑷𝒛
𝟐𝑴
𝒈(𝑩𝟐)= 𝑴
𝒈(𝒛𝟐=𝟎)
= 𝟎 𝑴
𝒈(𝑨)= 𝑴
𝒈(𝒛𝟐=𝒃)
= −𝑷𝒃 = 𝟏𝟎𝟎𝟎 𝑵𝒎
𝑴𝒈 (𝑵𝒎)
© T. Machniewicz
11.6. Zginanie ze skręcaniem – przykłady obliczeń
Przykład 11.1: Dane: Szukane:
P= 1 kN, k
g=100 MPa, M
s, M
g, M
zr, d a=50 cm, b=1 m, (hip. Hubera oraz Coulomba) P
b a
A
B C
Momenty zredukowane:
𝑴𝑺 (𝑵𝒎)
𝑴
𝒛𝒓(𝑪)𝑯= 𝟎
𝑴
𝒛𝒓(𝑩𝟏)𝑯= 𝟓𝟎𝟎
𝟐+ 𝟎. 𝟕𝟓 ∙ 𝟎
𝟐= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
z1
𝑴𝒈 (𝑵𝒎)
𝑴
𝒛𝒓(𝒊)𝑯= 𝑴
𝒈(𝒊) 𝟐+ 𝟎. 𝟕𝟓 ∙ 𝑴
𝑺(𝒊) 𝟐𝑴
𝒛𝒓(𝑩𝟐)𝑯= 𝟎
𝟐+ 𝟎. 𝟕𝟓 ∙ 𝟓𝟎𝟎
𝟐= 𝟒𝟑𝟑 𝑵𝒎
𝑴
𝒛𝒓(𝑨)𝑯= 𝟏𝟎𝟎𝟎
𝟐+ 𝟎. 𝟕𝟓 ∙ 𝟓𝟎𝟎
𝟐= 𝟏𝟎𝟖𝟗. 𝟕𝟐 𝑵𝒎 Średnica:
𝒅
𝑯≥ 𝟑𝟐𝑴
𝒛𝒓,𝒎𝒂𝒙𝑯𝝅 ∙ 𝒌
𝒈𝟑
= 𝟑𝟐 ∙ 𝟏𝟎𝟖𝟗. 𝟕𝟐 ∙ 𝟏𝟎
𝟑𝝅 ∙ 𝟏𝟎𝟎
𝟑
= 𝟒𝟖. 𝟎𝟔 𝒎𝒎
𝑴𝒛𝒓𝑯 (𝑵𝒎)
© T. Machniewicz
11.6. Zginanie ze skręcaniem – przykłady obliczeń
Przykład 11.1: Dane: Szukane:
P= 1 kN, k
g=100 MPa, M
s, M
g, M
zr, d a=50 cm, b=1 m, (hip. Hubera oraz Coulomba) P
b a
A
B C
Momenty zredukowane:
𝑴𝑺 (𝑵𝒎)
𝑴
𝒛𝒓(𝑪)𝑪= 𝟎
𝑴
𝒛𝒓(𝑩𝟏)𝑪= 𝟓𝟎𝟎
𝟐+ 𝟎
𝟐= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
z1
𝑴𝒈 (𝑵𝒎)
𝑴
𝒛𝒓(𝒊)𝑪= 𝑴
𝒈(𝒊) 𝟐+ 𝑴
𝑺(𝒊) 𝟐𝑴
𝒛𝒓(𝑩𝟐)𝑪= 𝟎
𝟐+ 𝟓𝟎𝟎
𝟐= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
𝑴
𝒛𝒓(𝑨)𝑪= 𝟏𝟎𝟎𝟎
𝟐+ 𝟓𝟎𝟎
𝟐= 𝟏𝟏𝟏𝟖 𝑵𝒎 Średnica:
𝒅
𝑪≥ 𝟑𝟐𝑴
𝒛𝒓,𝒎𝒂𝒙𝑪𝝅 ∙ 𝒌
𝒈𝟑
= 𝟑𝟐 ∙ 𝟏𝟏𝟏𝟖 ∙ 𝟏𝟎
𝟑𝝅 ∙ 𝟏𝟎𝟎
𝟑
= 𝟒𝟖. 𝟒𝟕 𝒎𝒎
𝑴𝒛𝒓𝑯 (𝑵𝒎)
𝑴𝒛𝒓𝑪
(𝑵𝒎)