δ
= u czyli
( ) ( )
∫
+ +∫
+=
s s
T M T
M M ds N ds
u κ κ 1 ε ε 1
gdzie: κM jest zmianą krzywizny wywołaną przez stan naprężeń, εM jest wydłużeniem wywołanym przez pole naprężeń, natomiast κT jest zmianą krzywizny wywołaną przyrostem temperatury, zaś εT jest wydłużeniem wywołanym średnią wartością temperatury w przekroju które to wielkości w analizowanym przypadku są równe zero ze względu na brak oddziaływania termicznego.
Występujące w całce Mohra funkcje M1 i N1 są momentami zginającymi oraz siłami osiowymi w analizowanym układzie prętowym, wywołanymi działaniem siły jednostkowej przyłożonej w miejscu i kierunku zadanego przemieszczenia, czyli w punkcie 1.
Przedstawione zadanie jest równoważne odpowiedniemu zadaniu statycznie wyznaczalnemu, w którym siła hiperstatyczna X jest tak dobrana by jej działanie wywoływało przemieszczenie δ równe osiadaniu podpory w punkcie 1, czyli musi być spełniony warunek nierozdzielności u=δ .
W wyrażeniu tym δ przyjmuje różne wartości w zależności od rodzaju analizowanego materiału (liniowo-sprężystego, nieliniowo-sprężystego itd.).
Wspólną dla wszystkich rozważanych przypadków częścią obliczeń jest wyznaczenie funkcji M1 i N1 – momentów i sił osiowych wywołanych działaniem siły jednostkowej w układzie podstawowym, których wykresy mają postać
Rys. 3.12b u
X
M1
l 2
l 2 l
2 2
+
-
- N1
2 2
2 2
2
a) Materiał liniowo-sprężysty
Dla materiału liniowo-sprężystego równanie fizyczne postaci σ =E⋅ε prowadzi do następujących wyrażeń na krzywiznę κM i wydłużenie εM
EF N EJ
M
M
M = ε =
κ ,
gdzie M jest funkcją momentów zginających wywołanych działaniem wszystkich sił w układzie, natomiast N jest funkcją sił osiowych od wszystkich sił w układzie.
W wyniku podstawień równanie przyjmie postać
∫
⋅ +∫
⋅=
s s
EF ds N ds N
EJ M
u M 1 1
Funkcje momentów zginających M i sił osiowych N można przedstawić w postaci
1 1, N X N M
X
M = ⋅ = ⋅
i wówczas równanie statyki sprowadzi się do
⋅ + ⋅
=
∫ ∫
s s
EF ds N ds N
EJ M X M
u 1 1 1 1
(
δ11+δ11')
= X u gdzie
∫
⋅ =∫
⋅=
s s
EF ds N ds N
EJ M
M ' 1 1
11 1
1
11 , δ
δ
' 11 11 ,δ
δ są wzorami określającymi współczynniki występujące w klasycznym równaniu metody sił.
Wartości tych współczynników wyznaczamy korzystając z uproszczonego sposobu Mohra-Wereszczagina, który wynika wprost z obliczenia wartości całki oznaczonej iloczynu dwóch funkcji, z których jedna musi być ciągła, a druga liniowa.
Wyznaczenie wielkości δ11iδ11' wymaga „przemnożenia” wykresów funkcji wg schematów
Rys. 3.12c W wyniku obliczeń otrzymujemy
EJ l l l EJ l
3 11
2 2 3 2 2 2 3 1
1 =
⋅ ⋅ ⋅
δ =
(
l)
EFlEF
2 6 2 1 3
'
11= ⋅ ⋅ ⋅ =
δ
M1
l 2
l 2 l
2
M1
l 2
l 2 l
2
× = δ
112
+
-
- N1
2 2
2
2
2
+
-
- N1
2 2
2
2
= δ′
11×
Obliczone współczynniki wstawiamy do równania
+
= EF
l EJ X l
u 2 3 6
3 1
6
2 −
+
= EF
l EJ u l X
Po obliczeniu siły X możemy przystąpić do sporządzenia wykresów sił przekrojowych.
Rys. 3.12d b) Materiał nieliniowo-sprężysty
W zadaniu nieliniowo-sprężystym wykresy momentów M1 i sił osiowych N1
od siły jednostkowej X = 1 będą takie same jak w zadaniu liniowo-sprężystym.
Zmianie ulegną wydłużenie i zmiany krzywizny wywołane przez siłę hiperstatyczną X.
Wyrażenia te będą miały postać
( )
n n
N AJ
M AF
N
= +
=
, κ 1 ε
W zadaniu tym słuszny jest warunek nierozdzielności u =δ +
-
- N
X 2
X 2
X 2
+
-
+ T
X 2
X 2 M
lX 2
lX 2
Wartość δ wyznaczymy z całki Mohra
( )
[ ] ( )
∫
+∫
= +
s s
n n n
n
ds AF
N ds N
N AJ
M
M 1 1
δ 1 czyli
( )
[ ] ( )
∫
+ +∫
=
s s
n n n
n
AF ds N ds N
N AJ
M
u M 1 1
1
( )
( )
[ ] ( ( ) )
∫
+ +∫
=
s s
n n n
n
ds AF
N ds XN
N AJ
M
u XM1 1 1 1
1
( )
[ ] ( )
+
=
∫
+∫
s s
n n n
n
n ds
AF N ds N
N AJ
M X M
u 1 1 1 1
1
Występujące w wyrażeniu całki mają postać
( )
[ ] ( )
( )
[ ] ( )
( )
[ ] ( )
∫ ∫
+
= +
= + +
+ + + +
s
l
n n n n
n n
n
n N
AJ ds l N
AJ ds s
N AJ
M
0
2 2 1
/ 1 1 1
2 1
3 2 1
3 2 1
( ) ( )
( ) ( )
∫
=∫
=( )
⋅+ + +
s
l
n n n
n n
n
AF ds l
ds AF AF N
0
2 1 1
1 2 3 2
3
( ) ( )
[ ] ( ) ( )
( )
1 1 1 2
2 3 2 1
2 3
+ − + +
+
+ +
= ⋅ n
n n
n n n
AF n
N AJ u l X
( ) ( )
[ ] ( ) ( )
( )
N
n n n
n n N
AF n
N AJ u l X
+ − + +
+
+ +
= ⋅
2 1
1 3 2
2 1
2
3
Z porównania rozwiązań w zadaniu liniowym i nieliniowym istnieje możliwość dobrania takiej wartości „modułu siecznego” E w zadaniu nieliniowym, aby rozwiązanie w obu zadaniach było identyczne.
Porównując siły X z rozwiązania liniowego i nieliniowego otrzymujemy
( ) ( )
[ ] ( ) ( )
( )
N
n n n
n n N
AF l n
N AJ u l EF
l EJ u l
+ − + +
−
+ ⋅
+ +
= ⋅
+
2 1 1 1
3 3 2
2 1
2 3 6
2
( ) ( )
[ ] ( ) ( )
( )
+
⋅
+ ⋅
+ +
= ⋅
+ − + +
−
F l J
l AF
l n
N AJ u l
E
N
n n n
n n
N 3 2 2 6
2 1
2
3 1 2 1 3
1
Zastępczy moduł sieczny zależeć będzie tylko od konfiguracji układu.
c) Materiał liniowo-lepkosprężysty Równanie fizyczne ma postać
( ) ( )
τ ετ τ φ ε φσ =
∫
+ & = ∗&t
d t
0
gdzie: φ - funkcja relaksacji, ε& - prędkość odkształceń.
Wydłużenie i krzywizna wyrażają się wzorami
J M F
N 1 1
,
−
− = ∗
= ∗ϕ κ ϕ
ε& &
J R M F
R
N∗ = ∗
= & &
κ ε ,
dla równania fizycznego
( ) ( )
∫
−= tR t d
0
τ τ σ τ ε
Warunek nierozdzielności w tym zadaniu pozostaje bez zmian u=δ czyli
∫
∗ +∫
∗=
s s
ds F N
N ds R
J M M
u R & 1 & 1
gdzie
1
1 N XN
M X
M& = & & = &
Otrzymujemy
⋅ + ⋅
∗
=
∫ ∫
s s
F ds N ds N
J M X M
R
u & 1 1 1 1
+
∗
= EF
l EJ X l R
u & 2 3 6
3 1
6
2 −
+
=
∗ EF
l EJ u l X R &
stosujemy transformację Laplace’a
( ) ( )
1 2 3 6 −1
+
=
⋅ EF
l EJ u l p p X p p R
Przyjmując r
( )
p = R( )
1p otrzymamy( ) ( )
+
⋅
∗
=
3 −1
6 2
EF l EJ u l t r t t X
( )
=∫
⋅ +{ [− (
+ )
− (+ )( )− +
t
t C E b
b b
e b
C E E E
t X
0
1
0 0
1 1 1
1 γ γ τ
τ µ
( ) ( )
+
−
+
− + +
− +
+ δ t τ µE δ t τ
C E C
Eb 0 1 b 0 2
1 1
1 1
( )
+
−
− + + +
−1 3
0
6 2 1
1 1 1
1
EF l EJ u l d C t
E E
b
b δ τ τ
µ
W podanym wzorze Eb, C0, γ są stałymi określającymi reologiczne właściwości betonu, µ - udziałem zbrojenia, E2 – modułem sprężystości stalowych wkładek.
Po wykonaniu całkowania otrzymujemy zmienny w czasie rozkład sił wewnętrznych wywołany osiadaniem podpory w punkcie 1. Wykresy wielkości wewnętrznych są analogiczne jak w zadaniu liniowo-sprężystym.
Rys. 3.12e M
s t X )( 2
+
-
- N
) 0 ( 2 X
+
-
+ T
s X(0) 2
) ( 2X t
) 0 ( 2 X
) ( 2X t
ZADANIE 3.13
W podanym układzie prętowym (jednokrotnie statycznie niewyznaczalnym) należy wyznaczyć rozkłady funkcji momentów zginających, sił poprzecznych i sił osiowych, wywołanych działaniem stacjonarnego pola termicznego. Schemat zadania oraz pole temperatur przedstawiono na rys. 3.13a.
Rys. 3.13a
Obliczenia należy wykonać dla materiału a) liniowo-sprężystego σ =Eε b) nieliniowo-sprężystego σ = AεN c) liniowo-lepkosprężystego σ =R∗dε
Wyniki obliczeń należy ze sobą porównać.
Dane: l - długość, T2 - temperatura niższa, T1 - temperatura wyższa, αT - współczynnik rozszerzalności cieplnej, E, N, R(t), A - współczynniki i funkcje charakteryzujące właściwości mechaniczne w podanym układzie różnych materiałów.
Rozwiązanie:
W zadaniu siłę hiperstatyczną i siły przekrojowe wyznaczamy korzystając z całki Mohra
∫
+ +∫
+=
S S
T M T
M )M1ds ( )N1ds
(κ κ ε ε
δ
1
T1
T1
T2
T2
T1>T2
l l
l l
gdzie δ jest przemieszczeniem w układzie wywołanym przyrostem temperatury.
Korzystając z warunku nierozdzielności stwierdzimy, że przemieszczenie w układzie w punkcie 1 wynosi zero, czyli
( ) ∫ ( )
∫
+ + +=
s
T M s
T
M M1ds N1ds
0 κ κ ε ε
gdzie
(
κM,κT)
są zmianami krzywizn wywołanymi odpowiednio przez stan naprężeń i przyrost temperatury, a(
εM,εT)
są wydłużeniami wywołanymi przez pole naprężeń i średnią wartość temperatury w przekroju.Występujące w całce Mohra funkcje M1 i N1 są momentami zginającymi i siłami osiowymi wywołanymi w analizowanym układzie prętowym działaniem siły jednostkowej przyłożonej w miejscu i kierunku poszukiwanego przemieszczenia.
Przedstawione zadanie jest równoważne następującemu zadaniu statycznie wyznaczalnemu.
Rys. 3.13b
Należy jednak narzucić warunek nierozdzielności δ =0.
W wyrażeniu tymδ przyjmuje różne wartości w zależności od rodzaju analizowanego materiału (liniowo-sprężysty, nieliniowo-sprężysty, itd.).
Wspólną częścią obliczeń zadania niezależnie od opisu materiału są funkcje M1 i N1, których wykresy mają postać
T1
T1
T2
T2
T1>T2
X1
Rys. 3.13c
Wspólną częścią obliczeń są również wydłużenie oraz zmiany krzywizn wywołane działaniem pola termicznego.
Rys. 3.13d a) Ciało liniowo-sprężyste
Opisane jest ono równaniem fizycznym σ =Eε, co prowadzi do następujących wyrażeń na krzywiznę κM i wydłużenie εM
EF N EJ
M
M
M = ε =
κ ,
gdzie M - funkcja momentów zginających wywołanych działaniem wszystkich sił w układzie, N - funkcja sił osiowych od wszystkich sił w układzie.
W wyniku podstawień równanie (1) ma postać 1
M1
1
1
1
N1
- -
- l - 1
l 1
H T
T T
T
) ( 1− 2
=α κ
2 ) (T1 T2
T T
=α + ε
∫
∫
∫
+∫
+ +=
s T s
s s
T ds N ds
EF ds NN M EJ ds
MM
1 1
1
0 1 κ ε
Funkcje M i N można przedstawić w sposób następujący
1 1, N X N M
X
M = ⋅ = ⋅
Równanie statyki przyjmuje więc postać
∫ ∫
∫
∫
+ +
+
=
s s
T T
s s
ds N ds
M EF ds
N ds N
EJ M
X M1 1 1 1 1 1
0 κ ε
(
11 11') (
')
0= X δ +δ + δT +δT gdzie
,
11' 1 1
1 1
11 ds
EF N ds N
EJ M M
s s
∫
∫
== δ
δ
∫
∫
==
s T T s
T
T κ M1ds , δ' ε N1ds δ
Wartości współczynników δ11,δ11' ,δT,δT' wyznaczamy korzystając z uproszczonego sposobu Mohra-Wereszczagina.
W wyniku przeliczeń otrzymujemy
EJ l l
EJ 3
4 3 2 2 1 1 1 4
11 =
⋅ ⋅ ⋅ ⋅
δ =
EFl l l
l EF
4 1 4 1
' 1
11 =
⋅ ⋅ ⋅
δ =
( ) ( )
h T T l h
T
l T T T
T
2 1 2
1
2 1 1
2 =− ⋅ −
⋅ ⋅ ⋅ −
−
= α α
δ
( ) (
2 1)
1 ' 2
2
2 1 T T T T
l l T
T
T = +
⋅ ⋅ +
−
= α α
δ
Uzyskane wyniki wstawiamy do równania
( ) ( )
− + − −
+
+
= h
T T T l
EFl T EJ
X l 4 T 2 1 T 1 2
3
0 4 α α
( ) (
2 1)
12
1 4
3
4 −
+
⋅ − + +
= EJ EFl
T l h T
T T
X αT l αT
Wyznaczona siła hiperstatyczna X pozwala sporządzić wykresy sił przekrojowych w zadanym układzie.
Rys. 3.13e
b) Ciało nieliniowo-sprężyste
Wykresy sił osiowych N1 i momentów M1 od siły jednostkowej X = 1 oraz wykresy termicznych wydłużeń i zmian krzywizn są identyczne jak w zadaniu liniowo-sprężystym.
Wydłużenia i zmiany krzywizn wywołane siłą hiperstatyczną obliczymy korzystając z zależności
( )
n n
N AJ
M AF
N
= +
=
, κ 1 ε
które wynikają z równania fizycznego postaci σ =AεN.
W układzie zadanym, który rozpatrujemy jako wykonany z ciała nieliniowo- sprężystego słuszny jest warunek nierozdzielności δ =0.
Wartość δ wyznaczamy z całki Mohra
( )
[
1]
1( )
1 T's s
n T n n
ds AF N ds N
N M AJ
M δ δ
δ =
∫
+ +∫
+ +X M
X
X
X
N
- -
- l - X
l
X T
-
- l X
l X
+
+
gdzie M = X⋅M1, N = X⋅N1. Wartość δ wstawiamy do równania
( )
[
⋅ +11]
⋅ 1 +∫ ( )
⋅ 1 1 + + ' =0∫
T Ts
n n n
s n n
ds N AF
N ds X
N M AJ
M
X δ δ
( )
[ ] ( ) ( ) ( )
01 2 1
2 1 1
1 1
1
1 =
− − − +
+
+
+
⋅
∫
∫
ds lTh T T TAF N ds N
N M AJ
M
X M T T
s n n
s n
n α α
Obliczamy całki
( )
[ ] [ ( ) ] [ ( ) ]
( )
[ ] ( )
( ) ( ) ( )
nl n n
s n n
n
l
n n
s
l
n n
n n
AF ds l AF
l ds l
AF N N
n N
AJ l
N ds AJ
l s N ds
AJ l s l s
N ds AJ
M M
n
0 1 1
0
1
0 1
1
4 1 1 4
2 4 1
4 1 1
1 1
1 4
−
+
= ⋅
⋅
=
+
= +
+ =
+ =
⋅
⋅
⋅ + =
∫
∫
∫
∫ ∫
Obliczone całki wstawiamy do
( )
[ ] ( ) ( ) ( ) (
1 2)
2 1
4 n
2 1
4 T T
h T T l AF
l n
N AJ
Xn l n n= T − + T +
+
+ +
− α α
( ) ( )
( )
[ ] ( ) ( )
N
n T n
T
AF l n
N AJ T l
h T T T X l
+
+
+
⋅ − + +
=
−n −1 2
1 2
1 4
2 1
α 4 α
Porównując rozwiązania zadania dla ciała nieliniowo-sprężystego i liniowo- sprężystego możemy otrzymać tzw. „moduł sieczny”.
( ) ( ) [ ( ) ] ( ) ( )
=
+
+
+
⋅ − + + − − N
n T n
T
AF l n
N AJ T l
h T T T
l n 1
2 1 2
1 4
2 1
α 4 α
( ) (
1 2)
12
1 4
3
4 −
+
− + +
= EJ EFl
T l h T
T T l
T
T α
α
( ) ( ) [ ( ) ] ( ) ( )
+
⋅
⋅
+
+
+
⋅ − + +
=
− −
Fl J
l
AF l n
N AJ T l
H T T T E l
N
n T n
T
4 3 4
4 2 1
4 n
1 - N 2 1 2
1 α
α
Otrzymany „moduł sieczny” zależy nie tylko od rozkładu temperatur, lecz także od konfiguracji układu.
c) Liniowy materiał lepko-sprężysty Równanie fizyczne ma postać
( ) ( )
∫
− = ∗=
t
d t
0
ε φ τ τ ε τ φ
σ & &
gdzie φ
( )
t - funkcja relaksacji, ε&( )
τ - prędkość odkształceń,∗ - symbol splotu.Wydłużenia i krzywizny wyrażają się wzorami
J M F
N 1 1
,
−
− = ∗
= ∗ϕ κ ϕ
ε& &
J R M F
R
N∗ = ∗
= & &
κ ε ,
Warunek nierozdzielności pozostaje bez zmian jak w zadaniu liniowo i nieliniowo-sprężystym δ =0 czyli
∫
∫
∗ +∫
+∫
∗ +=
s T
s s s
T ds N ds
F N N ds R
M J ds
M M R
1 1
1
0 & 1 κ & ε
gdzie
1 1 i N X N M
X
M& = & ⋅ & = &⋅
∫
∫
∗ +∫
+∫
∗ +=
s T
s s s
T N ds N ds
F N X ds R
M ds
J M M X R
1 1
1 1
1
0 & 1 κ & ε
1 ' 1 1
0 1 T T
s s
F ds N ds N
J M X M
R +δ +δ
+
∗
= &
∫ ∫
( ) (
1 2)
1 1 1 1 12 1
−
+
⋅ − + +
=
∗X lTh T T T
∫
MJM ds∫
NFN dsR
s s
T
T α
& α
( ) (
1 2)
12
1 4
3
4 −
+
⋅ − + +
=
∗ J Fl
T l h T
T T X l
R & αT αT
Stosując na równaniu transformację Laplace’a otrzymamy
( ) (
1 2)
12
1 4
3 4 ) 1
( ) (
−
+
⋅ − + +
=
⋅ J Fl
T l h T
T T l p p
X p p
R αT αT
( ) (
1 2)
12 1 2
4 3
4 )
( 1 ) 1
(
−
+
⋅ − + +
= J Fl
T l h T
T T l p
R p p
X αT αT
Przyjmujemy w zadaniu stacjonarny przepływ ciepła określony równaniem
( )
t T( )
t(
T T)
H( )
tT1 − 2 = &1− &2
gdzie H
( )
t - funkcja Heaviside’a.Wprowadzając funkcję modyfikującą r
( )
t = R1( )
t otrzymamy(
1 2) ( )
1 2 4 13 ) 4
( ) (
−
+
⋅ − + +
∗
= J Fl
T l h T
T T t l
r t t
X T & & T & &
α α
Funkcja X
( )
t dla ramy żelbetowej poddanej działaniu temperatury przyjmuje postać:( ) ( )
( )( )( ) ( )
( ) (
1 2) ( )
1 2 1 02 0
0 1
0 b
0
4 3 4
1 1 1 1
E 1 1
1
1 1 1 1
1 E 1
1 0
−
− +
−
+
⋅ − + +
⋅
−
⋅
⋅
− + + +
−
+
− + +
+
− + + +
+ −
∗
=
∫
Fl J T l h T
T T d l
t
C E E
t C t
E
C e E
C E E
t X
T T
b b
b
b t
C E b
t
b
b
&
&
&
&
α α τ τ δ
τ µ δ µ τ δ
µ γ
τ γ τ
W podanym wzorze Eb,C0,γ są stałymi określającymi reologiczne właściwości betonu, µ - udziałem zbrojenia, E - moduł sprężystości 2 stalowych wkładek.
Po wykonaniu całkowania otrzymujemy zmienny w czasie rozkład sił wewnętrznych wywołanych stacjonarnym przepływem ciepła w ramie żelbetowej.
Przyjęto przy tym, że beton opisany może być równaniem liniowej lepkosprężystości, natomiast stal posiada właściwości sprężyste.
Rys. 3.13f Wykresy sił przekrojowych M, N, T dla ciała liniowo-lepkosprężystego.
ZADANIE 3.14.
W podanym układzie prętowym (jednokrotnie statycznie niewyznaczalnym) należy wyznaczyć rozkłady funkcji momentów zginających, sił poprzecznych i sił osiowych wywołanych działaniem stacjonarnego pola termicznego oraz osiadaniem podpory. Schemat zadania oraz pole temperatur i kierunek osiadania podpory przedstawiono na rys. 3.14a
N
- -
- -
l X(0) l
t X )(
T
-
-
+
+
l t X )(
l X(0) M
X(0) X(t) s