Analiza zespolona 2019/2020
Zadania domowe - cz¦±¢ 4
Twierdzenie Rouché, zasada maksimum
Zad.1 Okre±li¢ liczb¦ pierwiastków wielomianu P (z) = 2z5 − z3+ 3z2 − z + 8 le»¡cych wewn¡trz: (a) D(0, 1), (b) P (0, 1, 5)
Odpowied¹ (a) P (z) nie ma pierwiastków w D(0, 1), (b) w P (0, 1, 5) le»¡ wszystkie pierwiastki P (z).
Zad.2 Okre±li¢ liczb¦ pierwiastków wielomianu P (z) = z8−4z5+z2−1le»¡cych wewn¡trz:
(a) D(0, 1), (b) P (0, 1, 2)
Odpowied¹ P (z) ma pi¦¢ pierwiastków w D(0, 1), w P (0, 1, 2) ma trzy pierwiastki.
Zad.3 Okre±li¢ liczb¦ pierwiastków wielomianu P (z) = z5− 16z + 14le»¡cych wewn¡trz D(0, 1).
Odpowied¹ P (z) ma tylko jeden pierwiastek w D(0, 1).
Zad.4 Korzystaj¡c z twierdzenia Rouché wykaza¢, »e funkcja 2 + z2− eiz ma dokªadnie jedno zero w górnej póªpªaszczyznie H+= {z ∈ C : Imz > 0}.
Odpowied¹ Niech
f (z) = 2 + z2, g(z) = −eiz.
Poka»emy, »e na Γ = [−R, R] ∪ ΓR, gdzie ΓR= {z ∈ C : z = Reit, t ∈ [0, π]} zachodzi
|g(z)| < |f (z)|.
Dla z ∈ [−R, R] mamy, »e |f(z)| ≥ 2 > 1 = |g(z)|. Za± dla z ∈ ΓR
|f (z)| ≥ R2− 2 > 1 > e−R sin t= |g(z)|
dla R >√
3. Speªnione s¡ zaªo»enia twierdzenia Rouché tzn.
|f (z)| > |g(z)|
dla z ∈ Γ, st¡d
Nf +g = Nf
we wnetrzu obszaru D ograniczonego przez Γ, czyli f(z) + g(z) = 2 + z2− eiz ma tyle samo zer w D co f(z) = z2+ 2. Poniewa»,
f (z) = z2+ 2 = 0 ⇔ z = ±√ 2i.
Zatem f ma w górnej póªpªaszczyznie tylko jedno zero, czyli 2 + z2 − eiz ma te» tylko
jedno zero w górnej póªpªaszczyznie.
Zad.5 Niech f b¦dzie funkcj¡ caªkowit¡. Udowodni¢, »e je±li Ref ≤ M (gdzie M < ∞), to f jest funkcj¡ staª¡.
1
2
Odpowied¹ Z zaªo»enia wiemy, »e f jest funkcj¡ caªkowit¡. St¡d ef te» jest funkcj¡
caªkowit¡. Wtedy
|ef| ≤ eRef. Poniewa » dla ka»dego R > 0 mamy, »e
|ef| ≤ eR≤ eM,
to oznacza, »e funkcja caªkowita ef jest ograniczona. Z twierdzenia Liouville'a wynika,
»e musi by¢ funkcj¡ staª¡ tzn. ef ≡ const. Poniewa»
(ef)0 = ef(f )0 ≡ 0 oraz ef 6= 0, wynika st¡d, »e
f0 ≡ 0,
czyli f(z) ≡ const. .
Zad.6 Niech f b¦dzie funkcj¡ holomorczn¡ w obszarze jednospójnym D ⊂ C, ci¡gª¡ na domkni¦ciu ¯D i ró»n¡ od staªej. Udowodni¢, »e cz¦±¢ rzeczywista funkcji f (tzn. Ref) nie mo»e przyjmowa¢ warto±ci najwi¦kszej w obszarze D.
Odpowied¹ Wprowadzimy funkcj¦ pomocnicz¡ g(z) = ef (z). Je±li f jest holomorczna w obszarze jednospójnym D ⊂ C, to ef te» kest holomorczna w tym obszarze. Ponadto
|g(z)| = eRef. Je±li Ref przyjmuje warto±¢ najwi¦ksz¡ w punkcie z0 ∈ D, to max |g|
byªoby osi¡gane we wn¦trzu D, co przeczy zasadzie maksimum dla g ∈ H(D) i g ∈
C( ¯D).