Dzień 26 (czwartek 23 kwietnia 2020)
Wczorajszy wykład zakończyłem podaniem szeregu anharmonicznego i jego permutacji1:
1 −1 2+1
3
| {z }
=5/6
+ −1 4+1
5
!
| {z }
<0
+ −1 6+1
7
!
| {z }
<0
+ −1 8+1
9
!
| {z }
<0
+ − 1 10+ 1
11
!
| {z }
<0
+ − 1 12+ 1
13
!
| {z }
<0
+ . . .
1 +1 3−1
2
| {z }
=5/6
+ 1 5+1
7−1 4
!
| {z }
=15+17−18−18>0
+ 1 9+ 1
11−1 6
!
| {z }
=19+111−121−121>0
+ 1
13+ 1 15−1
8
!
| {z }
>0
+ 1
17+ 1 19− 1
10
!
| {z }
>0
+ . . .
i postawiłem następujące pytanie:
Czy suma szeregu anharmonicznego jest mniejsza czy większa od 5/6?
Patrząc na pierwszy szereg, czyli oryginalny szereg anharmoniczny, widzimy pierwsze trzy wyrazy o sumie 5/6, a następujące dalej wyrazy można połączyć w pary o ujemnej sumie. Płynie stąd wniosek, że suma szeregu anharmonicznego jest mniejsza od 5/6.
Z kolei patrząc na drugi szereg, czyli spermutowany szereg anharmoniczny, widzimy pierwsze trzy wyrazy o sumie 5/6, a następujące dalej wyrazy można połączyć w trójki o dodatniej sumie. Płynie stąd wniosek, że suma tego szeregu jest większa od 5/6.
Pozornie wygląda to na sprzeczność, bo dodajemy te same wyrazy, a otrzymujemy różne sumy. Ale przecież przemienność dodawania dotyczy skończenie wielu składników, a w szeregu składników jest nieskończenie wiele. Być może nie można beztrosko zmieniać kolejności wyrazów szeregu. Tę kwestię wyjąśnię dogłębnie jutro, a na razie zajmijmy się szeregiem harmonicznym i podaną wyżej jego permutacją.
348. Zakładając, że
∞ X n=1
(−1)n+1
n = S obliczyć sumę permutacji szeregu anharmonicz- nego, w której na przemian występują dwa wyrazy dodatnie i jeden ujemny:
1 1+1
3−1 2+1
5+1 7−1
4+1 9+ 1
11−1 6+ 1
13+ 1 15−1
8+ 1 17+ 1
19− 1 10+ 1
21+ 1 23− 1
12+ . . . Wskazówka: Obliczyć sumę częściową 3n początkowych wyrazów i wyłączyć z niej sumę częsciową szeregu anharmonicznego.
Zanim zajrzysz na kolejną stronę, rozwiąż powyższe zadanie, a przynaj- mniej podejmij próbę rozwiązania, aby wiedzieć, gdzie napotykasz trudności.
1Permutacją danego szeregu nazywamy każdy szereg, który ma te same wyrazy, ale być może wystę- pujące w innej kolejności.
Rozwiązanie:
Sposób I:
Ponieważ wyrazy szeregu dążą do zera, jego zbieżność (i sumę) można zbadać rozwa- żając tylko co trzecią sumę częściową. Otrzymujmy2
S3n=
2n X i=1
1 2i − 1−
n X i=1
1 2i=
2n X i=1
(−1)i+1
i +
2n X i=n+1
1 2i − 1. Skoro zakładamy, że
∞ X n=1
(−1)n+1
n = S, definicja zbieżności szeregu daje
n→∞lim
2n X i=1
(−1)i+1 i = S . Ponadto oznaczając f (x) = 1/(2x) otrzymujemy3
n→∞lim
2n X i=n+1
1
2i − 1= lim
n→∞
1 n·
2n X i=n+1
1
(2i − 1)/n = lim
n→∞
1 n·
2n X i=n+1
f i − 1/2 n
!
=
Z2
1
f (x) dx =
=
Z2
1
dx
2x=ln|x|
2
2
x=1
=ln2 2 −ln1
2 =ln2 2 . Ostatecznie
n→∞lim S3n= lim
n→∞
2n X i=1
(−1)i+1
i +
2n X i=n+1
1 2i − 1
= S +ln2 2 .
Odpowiedź:
Suma danego szeregu jest równa S +ln2 2 .
A teraz inny sposób rozwiązania – dość trudno na niego wpaść, ale przy- najmniej prześledź, że to też działa. I nie wymaga żadnych całek i sum Rie- manna.
2Jeśli brak Ci biegłości w operowaniu sumami zapisanymi przy pomocyP, zapisz każdą sumę wy- stępującą w przedstawionych rachunkach ”z kropeczkami”, aby wyobrazić sobie, jakie składniki w niej występują.
3Korzystamy tu ze wzoru: lim
n→∞
1 n·
2n
X
i=n+1
f i − 1/2 n
=
2
Z
1
f (x)dx. Wzór ten przedstawia całkę po prze- dziale [1, 2] jako granicę ciągu sum całkowych Riemanna odpowiadających podziałowi przedziału [1, 2]
na n przedzialików równej długości i wzięciu wartości funkcji f w środku każdego z przedzialików po- działu. Jeśli ten wzór wygląda dla Ciebie zbyt abstrakcyjnie, weź n = 5, wypisz pięć składników sumy Riemanna
10
X
i=6
1
5f i − 1/2 5
i zinterpretuj je na rysunku jako pola prostokątów wystawionych na prze- dzialikach podziału do wysokości wartości funkcji w środku każdego przedzialika.
Sposób II:
Ponieważ wyrazy szeregu dążą do zera, jego zbieżność (i sumę) można zbadać rozwa- żając tylko co trzecią sumę częściową. Otrzymujmy4
S3n=
2n X i=1
1 2i − 1−
n X i=1
1 2i=
2n X i=1
1
2i − 1− 2 ·
n X i=1
1 4i=
2n X i=1
1 2i − 1−
n X i=1
1 4i−
n X i=1
1 4i=
=
2n X i=1
1 2i − 1−
n X i=1
1 4i−
n X i=1
1 4i − 2+
n X i=1
1 4i − 2−
n X i=1
1 4i=
2n X i=1
1 2i − 1−
2n X i=1
1 2i+
2n X i=1
(−1)i+1 2i =
=
4n X i=1
(−1)i+1 i +1
2·
2n X i=1
(−1)i+1 i , co przy n → ∞ dąży do 3
2·
∞ X i=1
(−1)i+1
i =3 · S 2 . Odpowiedź:
Suma danego szeregu jest równa 3 · S 2 .
Rozwiązując zadanie dwoma sposobami otrzymaliśmy dwie odpowiedzi różnej postaci:
S +ln2
2 oraz 3 · S
2 . Ponieważ obie te liczby muszą być równe, otrzymujemy stąd S = ln2.
Zapamiętaj:
Suma szeregu anharmonicznego jest równa ln2.
Na razie wygląda to na wynik wyciągniety z kapelusza, ale niedługo poznamy powody, dla których suma szeregu anharmonicznego jest właśnie taka.
349. Wiedząc, że
∞ X n=1
(−1)n+1
n = ln2, obliczyć sumę permutacji szeregu anharmonicz- nego, w której na przemian występują trzy wyrazy dodatnie i jeden ujemny:
1 1+1
3+1 5−1
2+1 7+1
9+ 1 11−1
4+ 1 13+ 1
15+ 1 17−1
6+ 1 19+ 1
21+ 1 23−1
8+ 1 25+ 1
27+ 1 29− 1
10+. . . Zanim zajrzysz na kolejną stronę, rozwiąż powyższe zadanie, a przynaj- mniej podejmij próbę rozwiązania, aby wiedzieć, gdzie napotykasz trudności.
4Bardzo uważnie sprawdź, że
n
X
i=1
1 4i+
n
X
i=1
1 4i − 2=
2n
X
i=1
1 2i,
n
X
i=1
1 4i − 2−
n
X
i=1
1 4i=
2n
X
i=1
(−1)i+1 2i oraz
2n
X
i=1
1 2i − 1−
2n
X
i=1
1 2i=
4n
X
i=1
(−1)i+1
i .
Rozwiązanie:
Ponieważ wyrazy szeregu dążą do zera, jego zbieżność (i sumę) można zbadać rozwa- żając tylko co czwartą sumę częściową. Otrzymujmy
S4n=
3n X i=1
1 2i − 1−
n X i=1
1 2i=
2n X i=1
(−1)i+1
i +
3n X i=n+1
1 2i − 1. Skoro wiemy, że
∞ X n=1
(−1)n+1
n = ln2, definicja zbieżności szeregu daje
n→∞lim
2n X i=1
(−1)i+1
i = ln2 . Ponadto oznaczając f (x) = 1/(2x) otrzymujemy
n→∞lim
3n X i=n+1
1
2i − 1= lim
n→∞
1 n·
3n X i=n+1
1
(2i − 1)/n = lim
n→∞
1 n·
3n X i=n+1
f i − 1/2 n
!
=
3 Z
1
f (x) dx =
=
3 Z
1
dx
2x=ln|x|
2
3
x=1
=ln3 2 −ln1
2 =ln3 2 . Ostatecznie
n→∞lim S4n= lim
n→∞
2n X i=1
(−1)i+1
i +
3n X i=n+1
1 2i − 1
= ln2 +ln3 2 . Odpowiedź: Suma danego szeregu jest równa ln2 +ln3
2 .
350. Wiedząc, że
∞ X n=1
(−1)n+1
n = ln2 obliczyć sumę permutacji szeregu anharmonicz- nego, w której na przemian występuje 100 wyrazów dodatnich i jeden ujemny:
1 1+1
3+ . . . + 1 199−1
2+ 1 201+ 1
203+ . . . + 1 399−1
4+ 1 401+ 1
403+ . . . + 1 599−1
6+ + 1
601+ 1
603+ . . . + 1 799−1
8+ 1 801+ 1
803+ . . . + 1 999− 1
10+ 1
1001+ 1
1003+ . . .
Zanim zajrzysz na kolejną stronę, rozwiąż powyższe zadanie, a przynaj- mniej podejmij próbę rozwiązania, aby wiedzieć, gdzie napotykasz trudności.
Rozwiązanie:
Ponieważ wyrazy szeregu dążą do zera, jego zbieżność (i sumę) można zbadać rozwa- żając tylko co 101-szą sumę częściową. Otrzymujmy
S101n=
100n X i=1
1 2i − 1−
n X i=1
1 2i=
2n X i=1
(−1)i+1
i +
100n X i=n+1
1 2i − 1. Skoro wiemy, że
∞ X n=1
(−1)n+1
n = ln2, definicja zbieżności szeregu daje
n→∞lim
2n X i=1
(−1)i+1
i = ln2 . Ponadto oznaczając f (x) = 1/(2x) otrzymujemy
n→∞lim
100n X i=n+1
1
2i − 1= lim
n→∞
1 n·
100n X i=n+1
1
(2i − 1)/n= lim
n→∞
1 n·
100n X i=n+1
f i − 1/2 n
!
=
100 Z
1
f (x) dx =
=
100 Z
1
dx
2x=ln|x|
2
100
x=1
=ln100 2 −ln1
2 =ln100
2 = ln10 . Ostatecznie
n→∞lim S101n= lim
n→∞
2n X i=1
(−1)i+1
i +
100n X i=n+1
1 2i − 1
= ln2 + ln10 = ln20 . Odpowiedź: Suma danego szeregu jest równa ln20 ≈ 2, 9957.