Mechanika i wytrzymałość materiałów
Wydział Inżynierii Mechanicznej i Robotyki
Katedra Wytrzymałości, Zmęczenia Materiałów i Konstrukcji
Dr hab. inż. Tomasz Machniewicz
Wykład Nr 10
Skręcanie prętów kołowo-symetrycznych
siły wewnętrzne i naprężenia przy skręcaniu, wykresy momentów skręcających, warunek
bezpieczeństwa na skręcanie, warunek sztywności przy skręcaniu, sprężyny śrubowe,
stan naprężenia w elemencie skręcanym, wałki giętkie
10.1. Skręcanie – siły wewnętrzne i naprężenia
𝑴
𝒈𝒚𝑴
𝐒𝑷 𝟏
𝑷 𝒏 𝑴 𝒊
𝒒 𝒊
z≡ n x
y
O≡C
dA
y
A
𝝉 𝒛𝒚
𝑻
𝒙𝑵
𝑻
𝒚𝝈 𝒛
𝑴
𝒈𝒙𝑵 = 𝝈 𝒛
𝑨 𝒅𝑨
𝑻 𝒙 = 𝝉 𝒛𝒙
𝑨 𝒅𝑨
𝑻 𝒚 = 𝝉 𝒛𝒚
𝑨 𝒅𝑨
𝑴 𝒙 = 𝝈 𝒛
𝑨
𝒚 𝒅𝑨
𝑴 𝒚 = 𝝈 𝒛
𝑨 𝒙 𝒅𝑨
𝑴 𝑺 = 𝝉 𝒛𝒚 𝒙 − 𝝉 𝒛𝒙 𝒚
𝑨 𝒅𝑨
- rozciąganie/ściskanie
- ścinanie
- zginanie
- skręcanie
© T. Machniewicz
Umowa dotycząca znaków
Analogia: rozciąganie 10.2. Wykresy momentów skręcających
x
y O z
𝑴 𝟐 𝑴 𝟑
𝑴 𝑼
M
1=20 Nm M
2=30 Nm
M
3=40 Nm
𝑴 𝟏
x
y O z
𝑷 𝟐 𝑷 𝟑
𝑹
P
1=20 N P
2=30 N
P
3=40 N
𝑷 𝟏
N
z
𝟐𝟎 𝑵
𝑷
𝟏𝟑𝟎 𝑵
𝑷
𝟑−𝟏𝟎 𝑵 𝑷
𝟐n M
S>0
𝑴 𝑺 n
M
S>0
𝑴 𝑺
z N
𝟐𝟎 𝐍𝐦
𝑴
𝟏−𝟏𝟎 𝐍𝐦 𝟑𝟎 𝐍𝐦
Moment skręcający w danym przekroju poprzecznym pręta, jest algebraiczną sumą wszystkich momentów pochodzących od obciążeń zewnętrznych przyłożonych po jednej stronie rozpatrywanego przekroju, obliczanych względem normalnej do tego przekroju zaczepionej w jego środku ciężkości.
𝑴
𝟑𝑴
𝟐© T. Machniewicz
10.3. Moment obrotowy – zależności fizyczne
Zależność pomiędzy mocą (N) a momentem obrotowym (M
O): 𝑵 = 𝑴 𝑶 ∙ 𝝎
𝑴 𝑶 = 𝑵 𝝎
𝑾 = 𝑵𝒎 ∙ 𝟏 𝒔
𝝎 = 𝝅𝒏 𝟑𝟎 Gdy dane są:
prędkość obrotowa: n (obr/min)
moc: N (kW)
Wówczas:
gdzie: 𝑴 𝑶 - moment obrotowy 𝑵𝒎 ; 𝝎 – prędkość kątowa 𝟏 𝒔 ;
𝑴 𝑶 𝑵𝒎 = 𝟏𝟎 𝟑 ∙ 𝑵 𝒌𝑾 𝝅/𝟑𝟎 ∙ 𝒏 𝒐𝒃𝒓/𝒎𝒊𝒏
𝑴 𝑶 ≅ 𝟗𝟓𝟓𝟎 𝑵 𝒌𝑾
𝒏 𝒐𝒃𝒓/𝒎𝒊𝒏 𝑵𝒎 M
O© T. Machniewicz
10.4. Warunek bezpieczeństwa na skręcanie
x l
y
z M
O
B B’
y O x
dA
maxC
C’
𝜸 𝝆 = 𝝋 ∙ 𝝆
𝒍 𝝉 ∝ 𝝆
𝝉 (𝝆=𝒓) = 𝝉 𝒎𝒂𝒙
𝝉 (𝝆) = 𝝉 𝒎𝒂𝒙 𝝆 𝝆 𝒎𝒂𝒙 𝝉 = 𝑮 ∙ 𝜸
prawo Hooke’a dla ścinania
𝑴
𝑺= 𝝉
(𝝆)∙ 𝝆 ∙ 𝒅𝑨
𝑨
= 𝝉
𝒎𝒂𝒙∙ 𝝆
𝝆
𝒎𝒂𝒙∙ 𝝆 ∙ 𝒅𝑨
𝑨
= 𝝉
𝒎𝒂𝒙𝝆
𝒎𝒂𝒙𝝆
𝟐𝒅𝑨
𝑨
𝑴 𝑺 = 𝝉 𝒎𝒂𝒙 𝝆 𝒎𝒂𝒙 ∙ 𝑱 𝑶
𝑱 𝑶
𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺
𝑱 𝑶 𝝆 𝒎𝒂𝒙 𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺
𝑾 𝑶 ≤ 𝒌 𝑺 gdzie: 𝑾 𝑶 = 𝑱 𝑶 𝝆 𝒎𝒂𝒙
𝑾
𝑶- wskaźnik wytrzymałości przekroju na skręcanie (…, mm
3, cm
3, m
3, …) 𝒌
𝑺- dopuszczalne naprężenia skręcające
© T. Machniewicz
10.5. Wskaźnik wytrzymałości przekroju na skręcanie
𝒌
𝑺- dopuszczalne naprężenia skręcające 𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺
𝑾 𝑶 ≤ 𝒌 𝑺 gdzie: 𝑾 𝑶 = 𝑱 𝑶 𝝆 𝒎𝒂𝒙
𝑱
𝑶- biegunowy moment bezwładności 𝝆
𝒎𝒂𝒙- odległość zewnętrznych warstw przekroju od środka ciężkości
Wskaźniki 𝑾 𝑶 dla przekrojów kołowo – symetrycznych
Uwaga: Wskaźniki wytrzymałości przekrojów nie są addytywne (nie można ich dodawać ani odejmować).
𝑾
𝑶- wskaźnik wytrzymałości przekroju na skręcanie
𝑾
𝑶= 𝑱
𝑶𝝆
𝒎𝒂𝒙𝑱
𝒙𝒄= 𝑱
𝒚𝒄= 𝝅 ∙ 𝒅
𝟒𝟔𝟒 𝑱
𝑶= 𝑱
𝒙+ 𝑱
𝒚= 𝝅 ∙ 𝒅
𝟒𝟑𝟐 𝝆
𝒎𝒂𝒙= 𝒅
𝟐
𝑾
𝑶= 𝝅 ∙ 𝒅
𝟒𝟑𝟐 ∙ 𝟐
𝒅 𝑾 𝑶 = 𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 𝟏𝟔
𝑾
𝑶= 𝑱
𝑶𝝆
𝒎𝒂𝒙𝑱
𝑶= 𝑱
𝑶𝑫− 𝑱
𝑶𝒅𝑱
𝑶= 𝝅 ∙ 𝑫
𝟒− 𝒅
𝟒𝟑𝟐 𝝆
𝒎𝒂𝒙= 𝑫
𝟐
𝑾
𝑶= 𝝅 ∙ 𝑫
𝟒− 𝒅
𝟒𝟑𝟐 ∙ 𝟐
𝑫
y
O x
𝑾 𝑶 = 𝝅 ∙ 𝑫 𝟒 − 𝒅 𝟒 𝟏𝟔𝑫 O x
y
© T. Machniewicz
10.6. Warunek sztywności przy skręcaniu
𝜸 𝝆 = 𝝋 ∙ 𝝆
𝒍 𝜸 𝒎𝒂𝒙 = 𝝋𝒓 𝒍 𝝉 = 𝑮 ∙ 𝜸
prawo Hooke’a dla ścinania:
𝜸 𝒎𝒂𝒙 = 𝝉 𝒎𝒂𝒙
𝑮 = 𝝋𝒓
𝒍 𝝋 = 𝝉 𝒎𝒂𝒙 ∙ 𝒍 𝒓 ∙ 𝑮 𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺
𝑱 𝑶 𝒓
…
𝝋 = 𝑴 𝑺 ∙ 𝒓 ∙ 𝒍 𝑱 𝑶 ∙ 𝒓 ∙ 𝑮
… 𝝋 = 𝑴 𝑺 ∙ 𝒍
𝑱 𝑶 ∙ 𝑮 ≤ 𝝋 𝒅𝒐𝒑 𝝋′ = 𝑴 𝑺
𝑱 𝑶 ∙ 𝑮 ≤ 𝝋′ 𝒅𝒐𝒑 lub
gdzie:
𝝋 𝒅𝒐𝒑 - dopuszczalny kąt skręcenia (rad) 𝝋′ 𝒅𝒐𝒑 - dopuszczalny kąt skręcenia na
jednostkę długości (…, rad/mm, rad/m, …)
y O x
dA
maxx l
y
z M
O
B B’
C C’
© T. Machniewicz
10.7. Rozkłady naprężeń skręcających Przekroje kołowo – symetryczne
pełny drążony
Przekroje niekołowe
y
x O
M
Sy
O x
M
S𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺 𝑾 𝑺
𝝋 = 𝑴 𝑺 ∙ 𝒍 𝑮 ∙ 𝑱 𝟎
𝝋 = 𝑴 𝑺 ∙ 𝒍 𝑮 ∙ 𝑱 𝑺
np.:
𝑱 𝑺 = 𝒋(𝒂, 𝒃) 𝑾 𝑺 = 𝒘(𝒂, 𝒃)
y
x
maxa
b
M
Sy
x
a
b
M
S
maxa
y
x
𝟐𝒂 𝟑
M
S
max𝝉 𝒎𝒂 𝒙 𝝉 𝒎𝒂 𝒙
𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺
𝑾 𝑶 = 𝑴 𝑺
𝑱 𝑶 ∙ 𝝆 𝒎𝒂𝒙
𝝉 𝒎𝒂 𝒙 𝝉 𝒎𝒂 𝒙
© T. Machniewicz
10.8. Skręcanie – przykłady obliczeniowe
Przykład 10.1:
Dla wałka jak na rysunku sporządzić wykresy: (i) momentu skręcającego (M
S), (ii) maksymalnych naprężeń skręcających (
max) oraz (iii) kąta skręcenia ( ).
Dane: Szukane:
M
1=80 Nm, M
2=20 Nm, M
3=600 Nm, G=810
4MPa Wykresy: M
S,
max, d
1=20 mm, d
0=10 mm, d
2=30 mm, l= 400 mm
𝑴 𝑺𝟏 = −𝑴 𝟏 = −𝟖𝟎 𝑵𝒎
(i) Wykres momentu skręcającego M
S,
𝑴 𝑺𝟐 = −𝑴 𝟏 − 𝑴 𝟐 = −𝟏𝟎𝟎 𝑵𝒎 𝑴 𝑺𝟑 = −𝑴 𝟏 − 𝑴 𝟐 + 𝑴 𝟑 = 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
l l l
d
2d
1d
01
1 2
2 3
3 A
B C D
z
𝑴
𝐒M
1M
2M
3M
U𝑴
𝟏𝑴
𝟐𝑴
𝟑𝑴
𝑼𝑴
𝑺𝟐= −𝟏𝟎𝟎 𝑵𝒎 𝑴
𝑺𝟑= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
𝑴
𝟑𝑴
𝑼𝑴
𝑺𝟏= −𝟖𝟎 𝑵𝒎
𝑴
𝟐𝑴
𝟏© T. Machniewicz
10.8. Skręcanie – przykłady obliczeniowe
Przykład 10.1: Dane: M
1=80 Nm, M
2=20 Nm, M
3=600 Nm, G=810
4MPa Szukane:
d
1=20 mm, d
0=10 mm, d
2=30 mm, l= 400 mm Wykresy: M
S,
max,
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟏= −𝟓𝟒. 𝟑𝟐 𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟐= −𝟔𝟑. 𝟔𝟔
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟑= 𝟗𝟒. 𝟑𝟏
𝑴
𝑺𝟏= −𝟖𝟎 𝑵𝒎 1-1
d
12−2
d
13−3
d
2(ii) Maksymalne naprężenia skręcające
max,
𝑴
𝑺𝟐= −𝟏𝟎𝟎 𝑵𝒎 𝑴
𝑺𝟑= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
max(MP a)
z
𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟏 = 𝑴 𝑺𝟏
𝑾 𝑶𝟏 ; 𝑾 𝑶𝟏 = 𝝅 ∙ 𝒅 𝟏 𝟒 − 𝒅 𝟎 𝟒 𝟏𝟔 ∙ 𝒅 𝟏 por. p. 10.4
𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟏 = 𝟏𝟔 ∙ 𝑴 𝑺𝟏 ∙ 𝒅 𝟏
𝝅 ∙ 𝒅 𝟏 𝟒 − 𝒅 𝟎 𝟒 = 𝟏𝟔 ∙ (−𝟖𝟎 𝟎𝟎𝟎) ∙ 𝟐𝟎 𝝅 ∙ 𝟐𝟎 𝟒 − 𝟏𝟎 𝟒 𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟏 = −𝟓𝟒. 𝟑𝟐 𝐌𝐏𝐚
𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟐 = 𝑴 𝑺𝟐
𝑾 𝑶𝟐 = 𝟏𝟔 ∙ 𝑴 𝑺𝟐
𝝅 ∙ 𝒅 𝟏 𝟑 = 𝟏𝟔 ∙ (−𝟏𝟎𝟎 𝟎𝟎𝟎) 𝝅 ∙ 𝟐𝟎 𝟑
𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟐 = −𝟔𝟑. 𝟔𝟔 𝐌𝐏𝐚
𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟑 = 𝑴 𝑺𝟑
𝑾 𝑶𝟑 = 𝟏𝟔 ∙ 𝑴 𝑺𝟑
𝝅 ∙ 𝒅 𝟐 𝟑 = 𝟏𝟔 ∙ 𝟓𝟎𝟎 𝟎𝟎𝟎 𝝅 ∙ 𝟑𝟎 𝟑 𝝉 𝒎𝒂𝒙𝟑 = 𝟗𝟒. 𝟑𝟏 𝐌𝐏𝐚
l l l
d
2d
1d
01
1 2
2 3
3 A
B C D
M
1M
2M
3M
U𝑴
𝟏𝑴
𝟐𝑴
𝟑𝑴
𝑼© T. Machniewicz
10.8. Skręcanie – przykłady obliczeniowe
Przykład 10.1: Dane: M
1=6 Nm, M
2=94 Nm, M
3=600 Nm, G=810
4MPa Szukane:
d
1=20 mm, d
0=10 mm, d
2=30 mm, l= 400 mm Wykresy: M
S,
max, (iii) Kąt skręcenia ,
(r ad)
z
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟑= 𝟗𝟒. 𝟑𝟏 𝐌𝐏𝐚
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟑=
−𝟔𝟑. 𝟔𝟔 𝐌𝐏𝐚
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟑=
−𝟓𝟒. 𝟑𝟐 𝐌𝐏𝐚
𝝋 𝑨 = 𝟎
𝝋 𝑩 = 𝝋 𝑨 + ∆𝝋 𝑨𝑩 ∆𝝋 𝑨𝑩 = 𝑴 𝑺𝟑 ∙ 𝒍 𝑮 ∙ 𝑱 𝟎𝟑 𝝋 𝑩 = 𝝋 𝑩 + 𝟑𝟐 ∙ 𝑴 𝑺𝟑 ∙ 𝒍
𝑮 ∙ 𝝅 ∙ 𝒅 𝟐 𝟒
𝝋 𝑩 = 𝟎 + 𝟑𝟐 ∙ 𝟓𝟎𝟎 𝟎𝟎𝟎 ∙ 𝟒𝟎𝟎 𝟖 ∙ 𝟏𝟎 𝟒 ∙ 𝝅 ∙ 𝟑𝟎 𝟒 𝝋 𝑩 = 𝟎. 𝟎𝟑𝟏𝟒𝟑 𝒓𝒂𝒅
𝝋 𝑪 = 𝝋 𝑩 + ∆𝝋 𝑩𝑪 = 𝝋 𝑩 + 𝟑𝟐 ∙ 𝑴 𝑺𝟐 ∙ 𝒍 𝑮 ∙ 𝝅 ∙ 𝒅 𝟏 𝟒 𝝋 𝑪 = 𝟎. 𝟎𝟑𝟏𝟒𝟑 + 𝟑𝟐 ∙ (−𝟏𝟎𝟎 𝟎𝟎𝟎) ∙ 𝟒𝟎𝟎
𝟖 ∙ 𝟏𝟎 𝟒 ∙ 𝝅 ∙ 𝟐𝟎 𝟒 𝝋 𝑪 = −𝟎. 𝟎𝟎𝟎𝟑𝟗𝟑 𝒓𝒂𝒅
𝝋 𝑫 = 𝝋 𝑪 + ∆𝝋 𝑪𝑫 = 𝝋 𝑪 + 𝟑𝟐 ∙ 𝑴 𝑺𝟐 ∙ 𝒍 𝑮 ∙ 𝝅 ∙ (𝒅 𝟏 𝟒 − 𝒅 𝟎 𝟒 ) 𝝋 𝑫 = −𝟎. 𝟎𝟎𝟎𝟑𝟗𝟑 + 𝟑𝟐 ∙ (−𝟏𝟎 𝟎𝟎𝟎) ∙ 𝟒𝟎𝟎
𝟖 ∙ 𝟏𝟎 𝟒 ∙ 𝝅 ∙ (𝟐𝟎 𝟒 − 𝟏𝟎 𝟒 ) 𝝋 𝑪 = −𝟎. 𝟎𝟎𝟑𝟓𝟐 𝒓𝒂𝒅 𝟎. 𝟎𝟑𝟏𝟒𝟑
−𝟎. 𝟎𝟎𝟎𝟑𝟗𝟑
−𝟎. 𝟎𝟎𝟑𝟓𝟐 𝑴
𝑺𝟏= −𝟖𝟎 𝑵𝒎
𝑴
𝑺𝟐= −𝟏𝟎𝟎 𝑵𝒎 𝑴
𝑺𝟑= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎
l l l
d
2d
1d
01
1 2
2 3
3 A
B C D
M
1M
2M
3M
U𝑴
𝟏𝑴
𝟐𝑴
𝟑𝑴
𝑼© T. Machniewicz
10.8. Skręcanie – przykłady obliczeniowe Przykład 10.1:
𝑴
𝑺𝟏= −𝟖𝟎 𝑵𝒎 𝑴
𝑺𝟐= −𝟏𝟎𝟎 𝑵𝒎
𝑴
𝑺𝟑= 𝟓𝟎𝟎 𝑵𝒎 𝑴
𝐒z
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟏= −𝟓𝟒. 𝟑𝟐 𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟐= −𝟔𝟑. 𝟔𝟔
𝝉
𝒎𝒂𝒙𝟑= 𝟗𝟒. 𝟑𝟏
max(MP a)
z
(r ad)
z
𝟎. 𝟎𝟑𝟏𝟒𝟑
−𝟎. 𝟎𝟎𝟎𝟑𝟗𝟑 −𝟎. 𝟎𝟎𝟑𝟓𝟐
Dane:
M
1=6 Nm, M
2=94 Nm, M
3=600 Nm, d
1=20 mm, d
0=10 mm, d
2=30 mm, G=810
4MPa, l= 400 mm
Szukane:
Wykresy: M
S,
max,
l l l
d
2d
1d
01
1 2
2 3
3 A
B C D
M
1M
2M
3M
U𝑴
𝟏𝑴
𝟐𝑴
𝟑𝑴
𝑼© T. Machniewicz
10.8. Skręcanie – przykłady obliczeniowe
Przykład 10.2:
Obliczyć jaka być może maksymalna średnica otworu rury pokazanej na rysunku, obciążonej momentem skręcającym.
Dane: Szukane:
M
S=4 kNm, k
S=80 MPa, D=80 mm d
max=?
x
y O
M
S=4 kNm
z x
y
𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝑴 𝑺
𝑾 𝑶 ≤ 𝒌 𝑺
𝑾 𝑶 = 𝑱 𝑶
𝝆 𝒎𝒂𝒙 = 𝟐 ∙ 𝑱 𝑶 𝑫 𝑱 𝑶 = 𝝅 ∙ 𝑫 𝟒 − 𝒅 𝟒
𝟑𝟐
𝑾 𝑶 = 𝝅 ∙ 𝑫 𝟒 − 𝒅 𝟒 𝟏𝟔𝑫
𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝟏𝟔 ∙ 𝑴 𝑺 ∙ 𝑫
𝝅 ∙ 𝑫 𝟒 − 𝒅 𝟒 ≤ 𝒌 𝑺 𝒅 ≤ 𝑫 𝟒 − 𝟏𝟔 ∙ 𝑴 𝑺 ∙ 𝑫 𝝅 ∙ 𝒌 𝑺
𝟒
𝒅 ≤ 𝟖𝟎 𝟒 − 𝟏𝟔 ∙ 𝟒 ∙ 𝟏𝟎 𝟔 ∙ 𝟖𝟎 𝝅 ∙ 𝟖𝟎
𝟒
𝒅 𝒎𝒂𝒙 = 𝟔𝟕. 𝟑𝟔 𝒎𝒎
© T. Machniewicz
10.9. Sprężyny śrubowe o małym skoku
– naprężenia, warunek bezpieczeństwa
𝑴
𝑺= 𝑷 𝑫 𝟐
𝝉 𝑺 = 𝑴 𝑺 𝑾 𝑶 𝝉 𝒕 = 𝑷
𝑨 𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝝉 𝑺 + 𝝉 𝒕
𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝟖 ∙ 𝑷 ∙ 𝑫
𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 𝟏 + 𝒅
𝟐𝑫 ≤ 𝒌 𝑺 d
𝑷
D
h
𝑷
d
D/2 𝑷
y
x O
𝝉 𝑺
𝝉 𝑺 𝑷
𝝉 𝒕 𝝉 𝒕
𝝉 𝒎𝒂𝒙 = 𝝉 𝑺 + 𝝉 𝒕
= 𝟖 ∙ 𝑷 ∙ 𝑫 𝝅 ∙ 𝒅 𝟑
= 𝑷 ∙ 𝑫 𝟐 𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 𝟏𝟔
𝑾 𝑶 = 𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 𝟏𝟔 𝑨 = 𝝅 ∙ 𝒅 𝟐
𝟒
= 𝑷
𝝅 ∙ 𝒅 𝟐 𝟒 = 𝟒 ∙ 𝑷 𝝅 ∙ 𝒅 𝟐
= 𝟖 ∙ 𝑷 ∙ 𝑫
𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 + 𝟒 ∙ 𝑷
𝝅 ∙ 𝒅 𝟐 = 𝟖 ∙ 𝑷 ∙ 𝑫
𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 𝟏 + 𝒅 𝟐𝑫
k
S– dopuszczalne naprężenia styczne
© T. Machniewicz
Praca wykonana nad sprężyną (L) Energia zmagazynowana w sprężynie (E)
10.10. Sprężyny śrubowe o małym skoku – ugięcie ()
𝑳 = 𝟏
𝟐 ∙ 𝑷 ∙ 𝝀 𝑬 = 𝟏
𝟐 ∙ 𝑴 𝑺 ∙ 𝝋
𝑴 𝑺 = 𝑷 𝑫 𝟐 𝝋 = 𝑴 𝑺 ∙ 𝒍
𝑮 ∙ 𝑱 𝟎 𝑱 𝑶 = 𝝅 ∙ 𝒅 𝟑 𝟑𝟐
𝒍 = 𝝅 ∙ 𝑫 ∙ 𝒏 𝑬 = 𝟏𝟔 ∙ 𝑴 𝑺 𝟐 ∙ 𝒍
𝑮 ∙ 𝝅 ∙ 𝒅 𝟒
𝑬 = 𝑴 𝑺 𝟐 ∙ 𝒍 𝟐 ∙ 𝑮 ∙ 𝑱 𝟎
𝑬 = 𝟒 ∙ 𝑷 𝟐 ∙ 𝑫 𝟐 ∙ 𝒍 𝑮 ∙ 𝝅 ∙ 𝒅 𝟒
𝑬 = 𝟒 ∙ 𝑷 𝟐 ∙ 𝑫 𝟑 ∙ 𝒏 𝑮 ∙ 𝒅 𝟒
𝝀 = 𝟖 ∙ 𝑷 ∙ 𝑫 𝟑 ∙ 𝒏 𝑮 ∙ 𝒅 𝟒
𝑷 𝑷
P
L
≡
𝑷 𝟏 𝟐 𝟑 𝒏 𝑷
…
D
l – długość drutu sprężyny (po rozwinięciu) n – liczba zwoi,
M
S𝒍 = 𝝅𝑫𝒏
M
S…
𝟏
𝟐 ∙ 𝑷 ∙ 𝝀 = 𝑳
© T. Machniewicz =
10.11. Stan naprężenia w elemencie skręcanym
xy
yx
yx
xy𝝈
𝒙= 𝝈
𝟏+ 𝝈
𝟐𝟐 + 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐𝟐 𝐜𝐨𝐬 𝟐𝜶 𝝈
𝒚= 𝝈
𝟏+ 𝝈
𝟐𝟐 − 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐𝟐 𝐜𝐨𝐬 𝟐𝜶 𝝉
𝒙𝒚= −𝝉
𝒚𝒙= 𝝈
𝟏− 𝝈
𝟐𝟐 𝐬𝐢𝐧 𝟐𝜶
gdy: 𝝈
𝟏= 𝝈, 𝝈
𝟐= −𝝈, 𝜶 = 𝝅 𝟒 : 𝝈
𝒙= 𝝈
𝒚= 𝟎, 𝝉
𝒙𝒚= −𝝉
𝒚𝒙= 𝝈
2=-
1=
𝝉
𝒚𝒙= −𝝈 𝝉
𝒙𝒚= 𝝈
y
x
© T. Machniewicz
10.12. Wałki giętkie
Działanie i zastosowanie
www.sswt.com
machinedesign.com
www.oii.com