L.O. ´sw. Marii Magdaleny w Poznaniu, 27.11.2015
O
PO ˙ZYTKACHPŁYN ˛ACYCH Z RZUCANIA MONET ˛A Tomasz Łuczak
NA POCZ ˛ATEK DOBRA WIADOMO ´S ´C!
Dzi ˛eki naszym o hojnym sponsorom:
Pozna ´nskiej Fundacji Matematycznej
oraz
Miastu Pozna ´n finansuj ˛acemu program
Matma jest super
wykład ten nie b ˛edzie przerywany reklamami!
DWIE DROGI BADANIA ´SWIATA
Rozwijanie teorii
Rozwi ˛ azywanie problemów
DWIE DROGI W NAUCE
Sir Galahad Don Juan
Albert Einstein
Ernst Straus
Pál Erd ˝os 1879-1955
1922-1983
1913-1996
DWIE DROGI W NAUCE
Sir Galahad Don Juan
Albert Einstein Ernst Straus Pál Erd ˝os 1879-1955 1922-1983 1913-1996
DWIE DROGI W NAUCE
Sir Galahad Don Juan
Albert Einstein
Ernst Straus
Pál Erd ˝os 1879-1955
1922-1983
1913-1996
PROBLEM
PROBLEM
Przypu´s´cmy, ˙ze mamy rodzin ˛e F składaj ˛ac ˛a si ˛e z 2015 podzbiorów 12-elementowych
1000-elementowego zbioru A.
Czy zawsze da si ˛e pokolorowa´c elementy zbioru A dwoma kolorami tak, by ˙zaden ze zbiorów z rodziny F nie miał wszystkich
elementów pokolorowanych jednym kolorem?
A CÓ ˙Z TO ZA . . .NIEM ˛ADRE PYTANIE!?!
PROBLEM
Przypu´s´cmy, ˙ze mamy rodzin ˛e F składaj ˛ac ˛a si ˛e z 2015 podzbiorów 12-elementowych
1000-elementowego zbioru A.
Czy zawsze da si ˛e pokolorowa´c elementy zbioru A dwoma kolorami tak, by ˙zaden ze zbiorów z rodziny F nie miał wszystkich
elementów pokolorowanych jednym kolorem?
A CÓ ˙Z TO ZA . . .NIEM ˛ADRE PYTANIE!?!
Gdyby´smy widzieli tak ˛a rodzin ˛e, to jako´s by´smy sobie z ni ˛a poradzili!
A CÓ ˙Z TO ZA . . .NIEM ˛ADRE PYTANIE!?!
Gdyby´smy widzieli tak ˛a rodzin ˛e, to jako´s by´smy sobie z ni ˛a poradzili!
A CÓ ˙Z TO ZA . . .NIEM ˛ADRE PYTANIE!?!
1000 i 2015 to niedu˙ze liczby, wi ˛ec komputer mo˙ze łatwo sprawdzi´c, czy istnieje takie kolorowanie!
Liczba kolorowa ´n: 21000 ∼ 10100
Liczba atomów w naszej galaktyce ∼ 1068
Liczba operacji na sekund ˛e dla procesora 10GHz: 1010 Wiek naszej Galaktyki: ∼ 1017s
1068· 1010· 1017 10100
A CÓ ˙Z TO ZA . . .NIEM ˛ADRE PYTANIE!?!
1000 i 2015 to niedu˙ze liczby, wi ˛ec komputer mo˙ze łatwo sprawdzi´c, czy istnieje takie kolorowanie!
Liczba kolorowa ´n: 21000 ∼ 10100
Liczba atomów w naszej galaktyce ∼ 1068
Liczba operacji na sekund ˛e dla procesora 10GHz: 1010 Wiek naszej Galaktyki: ∼ 1017s
1068· 1010· 1017 10100
ZAMIE ´NMY NASZ PROBLEM NA MNIEJSZY...
PROBLEM
Przypu´s´cmy, ˙ze mamy rodzin ˛e F składaj ˛ac ˛a si ˛e z 2015 podzbiorów 12-elementowych
1000-elementowego zbioru A.
Czy zawsze da si ˛e pokolorowa´c elementy zbioru A dwoma kolorami tak, by ˙zaden ze zbiorów z rodziny F nie miał wszystkich
elementów pokolorowanych jednym kolorem?
ZAMIE ´NMY NASZ PROBLEM NA MNIEJSZY...
PROBLEM
Przypu´s´cmy, ˙ze mamy rodzin ˛e F składaj ˛ac ˛a si ˛e z2015 podzbiorów 12-elementowych
1000-elementowego zbioru A.
Czy zawsze da si ˛e pokolorowa´c elementy zbioru A dwoma kolorami tak, by ˙zaden ze zbiorów z rodziny F nie miał wszystkich
elementów pokolorowanych jednym kolorem?
ZAMIE ´NMY NASZ PROBLEM NA MNIEJSZY...
PROBLEM
Przypu´s´cmy, ˙ze mamy rodzin ˛e F składaj ˛ac ˛a si ˛e z2015 zbiorów 12-elementowych
1000-elementowego zbioru A.
Czy zawsze da si ˛e pokolorowa´c elementy zbiorów z F dwoma kolorami tak, by ˙zaden ze zbiorów z rodziny F nie miał wszystkich
elementów pokolorowanych jednym kolorem?
ZAMIE ´NMY NASZ PROBLEM NA MNIEJSZY...
DEFINICJA
Niech m = m(n) b ˛edzienajmniejsz ˛a liczb ˛a tak ˛a, ˙ze dla pewnej rodziny F składaj ˛acej si ˛e z m zbiorów
n-elementowych, któranie da si ˛e dobrze pokolorowa´c,
tzn. dla ka˙zdego kolorowania elementów zbiorów rodziny F dwoma kolorami istnieje zbiór F ∈ F , którego wszystkie elementy pokolorowane s ˛a jednym kolorem.
Nasz pocz ˛atkowy problem jest równowa˙zny pytaniu: m(12) < 2015 ?
ZAMIE ´NMY NASZ PROBLEM NA MNIEJSZY...
DEFINICJA
Niech m = m(n) b ˛edzienajmniejsz ˛a liczb ˛a tak ˛a, ˙ze dla pewnej rodziny F składaj ˛acej si ˛e z m zbiorów
n-elementowych, któranie da si ˛e dobrze pokolorowa´c, tzn. dla ka˙zdego kolorowania elementów zbiorów rodziny F dwoma kolorami istnieje zbiór F ∈ F , którego wszystkie elementy pokolorowane s ˛a jednym kolorem.
Nasz pocz ˛atkowy problem jest równowa˙zny pytaniu: m(12) < 2015 ?
ZAMIE ´NMY NASZ PROBLEM NA MNIEJSZY...
DEFINICJA
Niech m = m(n) b ˛edzienajmniejsz ˛a liczb ˛a tak ˛a, ˙ze dla pewnej rodziny F składaj ˛acej si ˛e z m zbiorów
n-elementowych, któranie da si ˛e dobrze pokolorowa´c, tzn. dla ka˙zdego kolorowania elementów zbiorów rodziny F dwoma kolorami istnieje zbiór F ∈ F , którego wszystkie elementy pokolorowane s ˛a jednym kolorem.
Nasz pocz ˛atkowy problem jest równowa˙zny pytaniu:
m(12) < 2015 ?
m(2) = 3
m(2) = 3
m(2) > 2 m(2) ≤ 3
m(2) = 3
m(2) = 3
m(2) > 2
m(2) ≤ 3
m(2) = 3
m(2) = 3
m(2) > 2
m(2) ≤ 3 m(2) = 3
m(2) = 3
m(2) > 2 m(2) ≤ 3
m(2) = 3
m(2) = 3
m(2) > 2 m(2) ≤ 3
m(2) = 3
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
m(3) ≤ 7
REVENONS À NOS MOUTONS
PROBLEM
Przypu´s´cmy, ˙ze mamy rodzin ˛e F składaj ˛ac ˛a si ˛e z 2015 podzbiorów 12-elementowych
1000-elementowego zbioru A.
Czy zawsze da si ˛e pokolorowa´c elementy zbioru A dwoma kolorami tak, by ˙zaden ze zbiorów z rodziny F nie miał wszystkich
elementów pokolorowanych jednym kolorem?
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Dla ka˙zdego z 1000 elementów rzu´cmy monet ˛a, je´sli wypadnie reszka kolorujemy go na
czerwono, je´sli orzeł na niebiesko. W taki sposób łatwo b ˛edzie zobaczy´c,
˙ze mo˙zna unikn ˛a´c zbiorów jednokolorowych!
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Dla ka˙zdego z 1000 elementów rzu´cmy monet ˛a, je´sli wypadnie reszka kolorujemy go na
czerwono, je´sli orzeł na niebiesko.
W taki sposób łatwo b ˛edzie zobaczy´c,
˙ze mo˙zna unikn ˛a´c zbiorów jednokolorowych!
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Dla ka˙zdego z 1000 elementów rzu´cmy monet ˛a, je´sli wypadnie reszka kolorujemy go na
czerwono, je´sli orzeł na niebiesko.
W taki sposób łatwo b ˛edzie zobaczy´c,
˙ze mo˙zna unikn ˛a´c zbiorów jednokolorowych!
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Có˙z, wygl ˛ada to do´s´c podejrzanie...
Po pierwsze, je´sli mamy pecha, to wszystkie elementy pokolorujemy jednym kolorem. Po drugie mieli´smyuzasadni ´c, ˙ze da si ˛e zawsze pokolorowa´c tak ˛a rodzin ˛e zbiorów.
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Có˙z, wygl ˛ada to do´s´c podejrzanie...
Po pierwsze, je´sli mamy pecha, to wszystkie elementy pokolorujemy jednym kolorem. Po drugie mieli´smyuzasadni ´c, ˙ze da si ˛e zawsze pokolorowa´c tak ˛a rodzin ˛e zbiorów.
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Có˙z, wygl ˛ada to do´s´c podejrzanie...
Po pierwsze, je´sli mamy pecha, to wszystkie elementy pokolorujemy jednym kolorem.
Po drugie mieli´smyuzasadni ´c, ˙ze da si ˛e zawsze pokolorowa´c tak ˛a rodzin ˛e zbiorów.
POMYSŁ ERD ˝OSA
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo!
Có˙z, wygl ˛ada to do´s´c podejrzanie...
Po pierwsze, je´sli mamy pecha, to wszystkie elementy pokolorujemy jednym kolorem.
Po drugie mieli´smyuzasadni ´c, ˙ze da si ˛e zawsze pokolorowa´c tak ˛a rodzin ˛e zbiorów.
POMYSŁ ERD ˝OSA: ROZWINI ˛ECIE
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo
i policzmy ile ´ srednio otrzymamy
zbiorów jednokolorowych.
POMYSŁ ERD ˝OSA: ROZWINI ˛ECIE
Pokolorujmy elementy zbiorów losowo i policzmy ile ´ srednio otrzymamy
zbiorów jednokolorowych.
POMYSŁ ERD ˝OSA: ROZWINI ˛ECIE
Oznaczmy przez ω1, ω2, . . . , ωN wszystkie kolorowania zbioru 1000-elementowego (zauwa˙zmy, ˙ze N = 21000).
X (ωi)- liczba zbiorów jednokolorowych w kolorowaniu ωi.
EX = X (ω1) +X (ω2) + · · · +X (ωN)
N .
POMYSŁ ERD ˝OSA: ROZWINI ˛ECIE
Oznaczmy przez ω1, ω2, . . . , ωN wszystkie kolorowania zbioru 1000-elementowego (zauwa˙zmy, ˙ze N = 21000).
X (ωi)- liczba zbiorów jednokolorowych w kolorowaniu ωi.
EX = X (ω1) +X (ω2) + · · · +X (ωN)
N .
POMYSŁ ERD ˝OSA: ROZWINI ˛ECIE
Oznaczmy przez ω1, ω2, . . . , ωN wszystkie kolorowania zbioru 1000-elementowego (zauwa˙zmy, ˙ze N = 21000).
X (ωi)- liczba zbiorów jednokolorowych w kolorowaniu ωi.
EX = X (ω1) +X (ω2) + · · · +X (ωN)
N .
EX MO ˙ZNA OBLICZY ´C W INNY SPOSÓB...
Prawdopodobie ´nstwo ρ, ˙ze ustalony zbiór 12-elementowy A jest jednokolorowy jest równe:
ρ =Pr(A jest czerwony) + Pr(A jest niebieski)
=Pr( ) Pr( ) · · · Pr( ) + Pr( ) Pr( ) · · · Pr( )
= 1 2 · 1
2· · · · · 1
2 + 1
2 ·1
2 · · · · · 1 2
=1 2
12
+1 2
12
= 1
2048.
EX MO ˙ZNA OBLICZY ´C W INNY SPOSÓB...
Poniewa˙z mamy 2015 zbiorów 12-elementowych, wi ˛ec ´srednio
EX = 2015 · ρ = 2015 · 1
2048 = 2015 2048 z nich b ˛edzie jednokolorowych.
Korzystamy tu z liniowo´sci warto´sci oczekiwanej.
EX MO ˙ZNA OBLICZY ´C W INNY SPOSÓB...
Poniewa˙z mamy 2015 zbiorów 12-elementowych, wi ˛ec ´srednio
EX = 2015 · ρ = 2015 · 1
2048 = 2015 2048 z nich b ˛edzie jednokolorowych.
Korzystamy tu z liniowo´sci warto´sci oczekiwanej.
PONIEWA ˙Z EX < 1 . . .
Czyli
EX = X (ω1) +X (ω2) + · · · +X (ωN)
N = 2015
2048 <1 .
Zatem istnieje takie kolorowanie ω, ˙ze liczba X (ω) jednokolorowych zbiorów w tym kolorowaniu wynosi 0!
PONIEWA ˙Z EX < 1 . . .
Czyli
EX = X (ω1) +X (ω2) + · · · +X (ωN)
N = 2015
2048 <1 .
Zatem istnieje takie kolorowanie ω, ˙ze liczba X (ω) jednokolorowych zbiorów w tym kolorowaniu wynosi 0!
OSZACOWANIA NA m(n)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’64 2n−1 ≤ m(n)
≤ 2n22n.
TWIERDZENIE RADHAKRISHNAN& SRINIVASAN’00 r n
log n ≤ m(n)
2n ≤ 2n2.
OSZACOWANIA NA m(n)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’64
2n−1 ≤ m(n) ≤ 2n22n.
TWIERDZENIE RADHAKRISHNAN& SRINIVASAN’00 r n
log n ≤ m(n)
2n ≤ 2n2.
OSZACOWANIA NA m(n)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’64
2n−1 ≤ m(n) ≤ 2n22n.
TWIERDZENIE RADHAKRISHNAN & SRINIVASAN’00
r n
log n ≤ m(n)
2n ≤ 2n2.
LICZBY RAMSEYA
DEFINICJA
Niech R = R(n) b ˛edzie najmniejsz ˛a liczb ˛a N tak ˛a, ˙ze dla ka˙zdego pokolorowania zbioru par
{{i, j} : 1 ≤ i < j ≤ N}
dwoma kolorami zawsze istnieje zbiór S ⊆ {1, 2, . . . , N}
taki, ˙ze |S| = n i wszystkie pary wewn ˛atrz S s ˛a pokolorowane jednym kolorem.
R(3)
DEFINICJA
R(3) to najmniejsza liczba N taka, ˙ze je´sli pokolorujemy wszystkie pary
{{i, j} : 1 ≤ i < j ≤ n}
dwoma kolorami, to zawsze znajdziemy zbiór
S = {x , y , z} ⊆ {1, 2, . . . , N}, w którym wszystkie trzy pary {x , y }, {x , z}, {x , z} s ˛a pokolorowane jednym kolorem.
R(3)=6
R(3) > 5
R(3) ≤ 6
R(3)=6
R(3) > 5
R(3) ≤ 6
R(3)=6
R(3) > 5 R(3) ≤ 6
R(3)=6
R(3) > 5 R(3) ≤ 6
R(3) = 6
R(3) > 5 R(3) ≤ 6
R(3) = 6
R(3) > 5 R(3) ≤ 6
R(3) = 6
R(3) > 5 R(3) ≤ 6
R(3) = 6
R(3) > 5 R(3) ≤ 6
R(n) =?
R(n) >?!? R(n) ≤ 4n
OSZACOWANIA NA R(N)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’47
2n/2 < R(n) ≤ 4n.
Dowód dolnego oszacowania
Pokoloruj pary {{i, j} : 1 ≤ i < j ≤ 2n/2} rzucaj ˛ac monet ˛a. Wtedy ´srednia liczba zbiorów n-elementowych, w których wszystkie pary pokolorowane s ˛a jednym kolorem, jest mniejsza ni˙z 1.
OSZACOWANIA NA R(N)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’47
2n/2 < R(n) ≤ 4n.
Dowód dolnego oszacowania
Pokoloruj pary {{i, j} : 1 ≤ i < j ≤ 2n/2} rzucaj ˛ac monet ˛a. Wtedy ´srednia liczba zbiorów n-elementowych, w których wszystkie pary pokolorowane s ˛a jednym kolorem, jest mniejsza ni˙z 1.
OSZACOWANIA NA R(N)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’47
2n/2 < R(n) ≤ 4n.
Dowód dolnego oszacowania
Pokoloruj pary {{i, j} : 1 ≤ i < j ≤ 2n/2} rzucaj ˛ac monet ˛a.
Wtedy ´srednia liczba zbiorów n-elementowych, w których wszystkie pary pokolorowane s ˛a jednym kolorem, jest mniejsza ni˙z 1.
OSZACOWANIA NA R(N)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’47
2n/2 < R(n) ≤ 4n.
Mimo, i˙z wiemy, ˙ze R(n) > 2n/2, nie potrafimy udowodni´c, ˙ze
R(n) > 1.00000000001n nie rzucaj ˛ac monet ˛a!
Dlaczego?!?
OSZACOWANIA NA R(N)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’47
2n/2 < R(n) ≤ 4n.
Mimo, i˙z wiemy, ˙ze R(n) > 2n/2, nie potrafimy udowodni´c, ˙ze
R(n) > 1.00000000001n nie rzucaj ˛ac monet ˛a!
Dlaczego?!?
OSZACOWANIA NA R(N)
TWIERDZENIE ERD ˝OS’47
2n/2 < R(n) ≤ 4n.
Mimo, i˙z wiemy, ˙ze R(n) > 2n/2, nie potrafimy udowodni´c, ˙ze
R(n) > 1.00000000001n nie rzucaj ˛ac monet ˛a!
Dlaczego?!?
CZY BÓG GRA W KO ´SCI?
W FIZYCE BÓG GRA W KO ´SCI!
A W MATEMATYCE I LOGICE?
´SW. TOMASZ Z AKWINU Zdecydowanie nie gra!
´SW. AUGUSTYN
Mo˙ze i nie gra, a mo˙ze i gra...
A W MATEMATYCE I LOGICE?
´SW. TOMASZ Z AKWINU Zdecydowanie nie gra!
´SW. AUGUSTYN
Mo˙ze i nie gra, a mo˙ze i gra...
A W MATEMATYCE I LOGICE?
´SW. TOMASZ Z AKWINU Zdecydowanie nie gra!
´SW. AUGUSTYN
Mo˙ze i nie gra, a mo˙ze i gra...
ZDANIE ERD ˝OSA NA TEN TEOLOGICZNY DYLEMAT
LOSOWO ´S ´C, PSEUDOLOSOWO ´S ´C I INNE OSOBLIWO ´SCI
Jest wiele przykładów na to, ˙ze liczby pierwsze s ˛a, w jakim´s sensie, losowo rozło˙zone w´sród pozostałych liczb.
W´sród wielu twierdze ´n dotycz ˛acych tego
dziwnego zjawiska, jest np. wynik Erd ˝osa i Kaca z 1940 roku, w którym pojawia si ˛e rozkład
normalny.
Najsłynniejsz ˛a hipotez ˛a dotycz ˛ac ˛a “losowego”
rozkładu liczb pierwszych jest hipoteza
Riemanna z roku 1859 roku, jeden z siedmiu problemów millenijnych.