Symetrie w mechanice kwantowej
Karol Kołodziej Instytut Fizyki Uniwersytet Śląski, Katowice
http://kk.us.edu.pl
Dokonajmytranslacji przestrzennej pewnego układu fizycznego o ustalony wektor ~ρ.Przed transformacją układ opisywany jest przez funkcję falowąψα(~r),gdzie indeks α oznacza zbiór wszystkich liczb kwantowych niezbędnych do jego opisu.
~r
~ ρ
~r0 ~r0+ ~ρ
ψα(~r) ψα′(~r+ ~ρ)
Po transformacji układ jest opisywany przez funkcję falową ψα′(~r + ~ρ), gdzie teraz zbiór wszystkich liczb kwantowych niezbędnych do jego opisu oznaczyliśmy przez α′.
Translacja przestrzenna
Dokonajmytranslacji przestrzennej pewnego układu fizycznego o ustalony wektor ~ρ.Przed transformacją układ opisywany jest przez funkcję falowąψα(~r),gdzie indeks α oznacza zbiór wszystkich liczb kwantowych niezbędnych do jego opisu.
~r
~ ρ
~r0 ~r0+ ~ρ
ψα(~r) ψα′(~r+ ~ρ)
Po transformacji układ jest opisywany przez funkcję falową ψα′(~r + ~ρ), gdzie teraz zbiór wszystkich liczb kwantowych niezbędnych do jego opisu oznaczyliśmy przez α′.
Jest oczywiste, że przy translacji zachodzi związek ψα′(~r + ~ρ) = ψα(~r).
W przestrzeni Hilberta stanów fizycznych H translacja przestrzenna jest reprezentowana przezunitarny operator przesunięcia przestrzennego U~r(~ρ)
U~r(~ρ)ψα(~r) = ψα′(~r) = ψα(~r − ~ρ).
Translacja przestrzenna
Jest oczywiste, że przy translacji zachodzi związek ψα′(~r + ~ρ) = ψα(~r).
W przestrzeni Hilberta stanów fizycznych H translacja przestrzenna jest reprezentowana przezunitarny operator przesunięcia przestrzennego U~r(~ρ)
U~r(~ρ)ψα(~r) = ψα′(~r) = ψα(~r − ~ρ).
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) =
Translacja przestrzenna
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) =ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ) +
Translacja przestrzenna
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
+ 1
2!
∂2
∂x2ψα(x, y , z)(−ρ)2+ ...
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
+ 1
2!
∂2
∂x2ψα(x, y , z)(−ρ)2+ ...
=
Translacja przestrzenna
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
+ 1
2!
∂2
∂x2ψα(x, y , z)(−ρ)2+ ...
=
"
1 +(−ρ) 1!
∂
∂x +(−ρ)2 2!
∂2
∂x2 + . . .
#
ψα(x, y , z)
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
+ 1
2!
∂2
∂x2ψα(x, y , z)(−ρ)2+ ...
=
"
1 +(−ρ) 1!
∂
∂x +(−ρ)2 2!
∂2
∂x2 + . . .
#
ψα(x, y , z)
=
Translacja przestrzenna
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
+ 1
2!
∂2
∂x2ψα(x, y , z)(−ρ)2+ ...
=
"
1 +(−ρ) 1!
∂
∂x +(−ρ)2 2!
∂2
∂x2 + . . .
#
ψα(x, y , z)
= e−ρ∂x∂ ψα(x, y , z),
gdzie funkcję operatora rozumiemy jako jego rozwinięcie w szereg potęgowy, tzn.
eA =
+∞X
0
An n!, gdzie An= A ◦ A ◦ ... ◦ A
| {z }
n razy
rozumiemy jak n-krotne złożenie operatora.
Przyjmijmy dla prostoty ~ρ = [ρ, 0, 0] i rozwińmy w szereg Taylora ψα(~r − ~ρ) = ψα(x − ρ, y , z) = ψα(x, y , z) + 1
1!
∂
∂xψα(x, y , z)(−ρ)
+ 1
2!
∂2
∂x2ψα(x, y , z)(−ρ)2+ ...
=
"
1 +(−ρ) 1!
∂
∂x +(−ρ)2 2!
∂2
∂x2 + . . .
#
ψα(x, y , z)
= e−ρ∂x∂ ψα(x, y , z),
gdzie funkcję operatora rozumiemy jako jego rozwinięcie w szereg potęgowy, tzn.
eA =
+∞X
0
An n!, gdzie An= A ◦ A ◦ ... ◦ A
| {z }
n razy
rozumiemy jak n-krotne złożenie operatora.
Translacja przestrzenna
Oczywiście dla ~ρ = [0, ρ, 0] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂y∂ψα(x, y , z), a dla ~ρ = [0, 0, ρ] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂z∂ψα(x, y , z).
Oczywiście dla ~ρ = [0, ρ, 0] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂y∂ψα(x, y , z), a dla ~ρ = [0, 0, ρ] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂z∂ψα(x, y , z).
Dla dowolnego wektora ~ρ = [ρx, ρy, ρz] otrzymamy ψα(~r − ~ρ) =
Translacja przestrzenna
Oczywiście dla ~ρ = [0, ρ, 0] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂y∂ψα(x, y , z), a dla ~ρ = [0, 0, ρ] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂z∂ψα(x, y , z).
Dla dowolnego wektora ~ρ = [ρx, ρy, ρz] otrzymamy ψα(~r − ~ρ) = e−ρx∂x∂ e−ρy
∂
∂ye−ρz∂z∂ψα(x, y , z).
Oczywiście dla ~ρ = [0, ρ, 0] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂y∂ψα(x, y , z), a dla ~ρ = [0, 0, ρ] otrzymamy
ψα(~r − ~ρ) = e−ρ∂z∂ψα(x, y , z).
Dla dowolnego wektora ~ρ = [ρx, ρy, ρz] otrzymamy ψα(~r − ~ρ) = e−ρx∂x∂ e−ρy
∂
∂ye−ρz∂z∂ψα(x, y , z).
Translacja przestrzenna
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
=
Translacja przestrzenna
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
= e−~ρ· ~∇ψα(x, y , z) =
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
= e−~ρ· ~∇ψα(x, y , z) =e−~i~ρ·~pψα(~r),
Translacja przestrzenna
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
= e−~ρ· ~∇ψα(x, y , z) =e−~i~ρ·~pψα(~r), gdzie wykorzystaliśmy definicję operatora pędu w reprezentacji położeniowej
~
p= −i~~∇ ⇒
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
= e−~ρ· ~∇ψα(x, y , z) =e−~i~ρ·~pψα(~r), gdzie wykorzystaliśmy definicję operatora pędu w reprezentacji położeniowej
~
p= −i~~∇ ⇒ ∇ =~ i
~p.~
Translacja przestrzenna
Dla operatorów, które można reprezentować przez macierze kwadratowe, skończenie lub nieskończenie wymiarowe, zachodzi
eAeB = eA+Be12[A,B], pod warunkiem, że[A, [A, B]] = [B, [A, B]] = 0.
Zadanie. Udowodnić powyższy wzór.
Pochodne cząstkowe wzajemnie komutują, więc ψα(~r − ~ρ) = e− ρx
∂
∂x+ρy ∂
∂y+ρz ∂
∂z
ψα(x, y , z)
= e−~ρ· ~∇ψα(x, y , z) =e−~i~ρ·~pψα(~r), gdzie wykorzystaliśmy definicję operatora pędu w reprezentacji położeniowej
~
p= −i~~∇ ⇒ ∇ =~ i
~p.~
Otrzymaliśmy wzór
ψα(~r − ~ρ) = e−~i~ρ·~pψα(~r).
Porównajmy ten wynik z wzorem
U~r(~ρ)ψα(~r) = ψα(~r − ~ρ).
Translacja przestrzenna
Otrzymaliśmy wzór
ψα(~r − ~ρ) = e−~i~ρ·~pψα(~r).
Porównajmy ten wynik z wzorem
U~r(~ρ)ψα(~r) = ψα(~r − ~ρ).
Widzimy, że unitarny operator przesunięcia przestrzennego U~r(~ρ) ma postać
U~r(~ρ) = e−~i~ρ·~p.
Mówimy, żeoperator pędu jest generatorem translacji przestrzennej.Pojęcie generatora wyjaśnimy bliżej za chwilę.
Otrzymaliśmy wzór
ψα(~r − ~ρ) = e−~i~ρ·~pψα(~r).
Porównajmy ten wynik z wzorem
U~r(~ρ)ψα(~r) = ψα(~r − ~ρ).
Widzimy, że unitarny operator przesunięcia przestrzennego U~r(~ρ) ma postać
U~r(~ρ) = e−~i~ρ·~p.
Mówimy, żeoperator pędu jest generatorem translacji przestrzennej.Pojęcie generatora wyjaśnimy bliżej za chwilę.
Translacja przestrzenna
Mimo, że korzystaliśmy z reprezentacji położeniowej, to operator U~r(~ρ) = e−~i~ρ·~p nie zależy od wyboru reprezentacjii możemy zapisać związek pomiędzy stanem wyjściowym |α(t)i a stanem przesuniętym |α′(t)i w dowolnej reprezentacji możemy zapisać następująco
Mimo, że korzystaliśmy z reprezentacji położeniowej, to operator U~r(~ρ) = e−~i~ρ·~p nie zależy od wyboru reprezentacji i możemy zapisać związek pomiędzy stanem wyjściowym |α(t)i a stanem przesuniętym |α′(t)i w dowolnej reprezentacji możemy zapisać następująco
|α′(t)= U~r(~ρ) |α(t)i .
Translacja przestrzenna
Mimo, że korzystaliśmy z reprezentacji położeniowej, to operator U~r(~ρ) = e−~i~ρ·~p nie zależy od wyboru reprezentacji i możemy zapisać związek pomiędzy stanem wyjściowym |α(t)i a stanem przesuniętym |α′(t)i w dowolnej reprezentacji możemy zapisać następująco
|α′(t)= U~r(~ρ) |α(t)i .
Pokażemy, że operator translacji przestrzennej jest operatorem unitarnym.Obliczmy
U~r†(~ρ) = he−~i~ρ·~pi†=
"+∞
X
0
1 n!
−i
~~ρ· ~p
n#†
=
+∞X
0
1 n!
−i
~~ρ· ~p
n†
=
+∞X
0
1 n!
"
−i
~~ρ· ~p
†#n
=
+∞X
0
1 n!
i
~~ρ· ~p†
n
=
+∞X
0
1 n!
i
~~ρ· ~p
n
= e+~i~ρ·~p, gdzie skorzystaliśmy z hermitowskości operatora pędu ~p†= ~p.
Translacja przestrzenna
Pokażemy, że operator translacji przestrzennej jest operatorem unitarnym. Obliczmy
U~r†(~ρ) = he−~i~ρ·~pi†=
"+∞
X
0
1 n!
−i
~~ρ· ~p
n#†
=
+∞X
0
1 n!
−i
~~ρ· ~p
n†
=
+∞X
0
1 n!
"
−i
~~ρ· ~p
†#n
=
+∞X
0
1 n!
i
~~ρ· ~p†
n
=
+∞X
0
1 n!
i
~~ρ· ~p
n
= e+~i~ρ·~p, gdzie skorzystaliśmy z hermitowskości operatora pędu ~p†= ~p.W takim razie
U~r†(~ρ)U~r(~ρ) = e~i~ρ·~pe−~i~ρ·~p= 1,
gdzie skorzystaliśmy z faktu, że składowe operatora pędu komutują, [pi, pj] = 0.
Pokażemy, że operator translacji przestrzennej jest operatorem unitarnym. Obliczmy
U~r†(~ρ) = he−~i~ρ·~pi†=
"+∞
X
0
1 n!
−i
~~ρ· ~p
n#†
=
+∞X
0
1 n!
−i
~~ρ· ~p
n†
=
+∞X
0
1 n!
"
−i
~~ρ· ~p
†#n
=
+∞X
0
1 n!
i
~~ρ· ~p†
n
=
+∞X
0
1 n!
i
~~ρ· ~p
n
= e+~i~ρ·~p, gdzie skorzystaliśmy z hermitowskości operatora pędu ~p†= ~p. W takim razie
U~r†(~ρ)U~r(~ρ) = e~i~ρ·~pe−~i~ρ·~p= 1,
gdzie skorzystaliśmy z faktu, że składowe operatora pędu komutują, [pi, pj] = 0.
Translacja przestrzenna
Stan przesunięty |α′(t)i nie musi spełniać równania Schr¨odingera, nawet jeśli stan wyjściowy |α(t)i je spełniał.
Obliczmy i ~ d
dt |α′(t) = i~d
dt(U~r(~ρ) |α(t)i) = U~r(~ρ)i ~ d
dt |α(t)i
= U~r(~ρ)H |α(t)i= U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) |α′(t), gdzie skorzystaliśmy z równania Schr¨odingera dla stanu |α(t)i
i ~ d
dt |α(t)i = H |α(t)i i ze związku
U~r(~ρ) |α(t)i = |α′(t)i ⇒ U~r†(~ρ)U~r(~ρ) |α(t)i = U~r†(~ρ) |α′(t)i
⇒ |α(t)i = U~r†(~ρ) |α′(t)i .
Stan przesunięty |α′(t)i nie musi spełniać równania Schr¨odingera, nawet jeśli stan wyjściowy |α(t)i je spełniał.
Obliczmy i ~ d
dt |α′(t) = i~d
dt(U~r(~ρ) |α(t)i) = U~r(~ρ)i ~ d
dt |α(t)i
= U~r(~ρ)H |α(t)i= U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) |α′(t), gdzie skorzystaliśmy z równania Schr¨odingera dla stanu |α(t)i
i ~ d
dt |α(t)i = H |α(t)i i ze związku
U~r(~ρ) |α(t)i = |α′(t)i ⇒ U~r†(~ρ)U~r(~ρ) |α(t)i = U~r†(~ρ) |α′(t)i
⇒ |α(t)i = U~r†(~ρ) |α′(t)i .
Translacja przestrzenna
Widzimy, że stan przesunięty |α′(t)i spełnia równanie i ~d
dt |α′(t)= U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) |α′(t). Równanie to jest równoważne równaniu Schr¨odingera
i ~ d
dt |α′(t)= H |α′(t) tylko jeśli
Widzimy, że stan przesunięty |α′(t)i spełnia równanie i ~d
dt |α′(t)= U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) |α′(t). Równanie to jest równoważne równaniu Schr¨odingera
i ~ d
dt |α′(t)= H |α′(t) tylko jeśli
U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H.
Translacja przestrzenna
Widzimy, że stan przesunięty |α′(t)i spełnia równanie i ~d
dt |α′(t)= U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) |α′(t). Równanie to jest równoważne równaniu Schr¨odingera
i ~ d
dt |α′(t)= H |α′(t) tylko jeśli
U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H.
Pomnóżmy obie strony tego równania z prawej strony przez U~r(~ρ) U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H ⇒ U~r(~ρ)H = HU~r(~ρ).
Translacja przestrzenna
Pomnóżmy obie strony tego równania z prawej strony przez U~r(~ρ) U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H ⇒ U~r(~ρ)H = HU~r(~ρ).
Stan |α′(t)i spełnia równanie Schr¨odingera tylko jeśli [U~r(~ρ), H] = 0 ⇒
Pomnóżmy obie strony tego równania z prawej strony przez U~r(~ρ) U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H ⇒ U~r(~ρ)H = HU~r(~ρ).
Stan |α′(t)i spełnia równanie Schr¨odingera tylko jeśli [U~r(~ρ), H] = 0 ⇒ he−~i~ρ·~p, Hi= 0.
Translacja przestrzenna
Pomnóżmy obie strony tego równania z prawej strony przez U~r(~ρ) U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H ⇒ U~r(~ρ)H = HU~r(~ρ).
Stan |α′(t)i spełnia równanie Schr¨odingera tylko jeśli [U~r(~ρ), H] = 0 ⇒ he−~i~ρ·~p, Hi= 0.
Ostatnia równość zachodzi tylko jeśli [~p, H] = 0.
Pomnóżmy obie strony tego równania z prawej strony przez U~r(~ρ) U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H ⇒ U~r(~ρ)H = HU~r(~ρ).
Stan |α′(t)i spełnia równanie Schr¨odingera tylko jeśli [U~r(~ρ), H] = 0 ⇒ he−~i~ρ·~p, Hi= 0.
Ostatnia równość zachodzi tylko jeśli [~p, H] = 0.
Aby zrozumieć sens tej relacji komutacji wprowadzimy nieco inne sformułowanie mechaniki kwantowej niż to, które rozważaliśmy dotychczas. Sformułowanie to nosi nazwęobrazu Heisenberga.
Translacja przestrzenna
Pomnóżmy obie strony tego równania z prawej strony przez U~r(~ρ) U~r(~ρ)HU~r†(~ρ) = H ⇒ U~r(~ρ)H = HU~r(~ρ).
Stan |α′(t)i spełnia równanie Schr¨odingera tylko jeśli [U~r(~ρ), H] = 0 ⇒ he−~i~ρ·~p, Hi= 0.
Ostatnia równość zachodzi tylko jeśli [~p, H] = 0.
Aby zrozumieć sens tej relacji komutacji wprowadzimy nieco inne sformułowanie mechaniki kwantowej niż to, które rozważaliśmy dotychczas. Sformułowanie to nosi nazwęobrazu Heisenberga.
Dotychczas pracowaliśmy w tzw.obrazie Schr¨odingera, gdzie ewolucja stanów kwantowych jest opisywana równaniem Schr¨odingera, które w notacji Diraca ma postać
i ~ d
dt |αS(t)i = H |αS(t)i,
gdzie dodaliśmy indeks S dla podkreślenia, że |αS(t)i jest stanem kwantowym w obrazie Schr¨odingera.
Obraz Schr¨ odingera
Dotychczas pracowaliśmy w tzw.obrazie Schr¨odingera, gdzie ewolucja stanów kwantowych jest opisywana równaniem Schr¨odingera, które w notacji Diraca ma postać
i ~ d
dt |αS(t)i = H |αS(t)i,
gdzie dodaliśmy indeks S dla podkreślenia, że |αS(t)i jest stanem kwantowym w obrazie Schr¨odingera.Równanie sprzężone
hermitowsko do równania Schr¨odingera ma postać
−i~d
dthαS(t)| = hαS(t)| H†
Dotychczas pracowaliśmy w tzw.obrazie Schr¨odingera, gdzie ewolucja stanów kwantowych jest opisywana równaniem Schr¨odingera, które w notacji Diraca ma postać
i ~ d
dt |αS(t)i = H |αS(t)i,
gdzie dodaliśmy indeks S dla podkreślenia, że |αS(t)i jest stanem kwantowym w obrazie Schr¨odingera.Równanie sprzężone
hermitowsko do równania Schr¨odingera ma postać
−i~d
dthαS(t)| = hαS(t)| H†=hαS(t)| H,
Obraz Schr¨ odingera
Dotychczas pracowaliśmy w tzw.obrazie Schr¨odingera, gdzie ewolucja stanów kwantowych jest opisywana równaniem Schr¨odingera, które w notacji Diraca ma postać
i ~ d
dt |αS(t)i = H |αS(t)i,
gdzie dodaliśmy indeks S dla podkreślenia, że |αS(t)i jest stanem kwantowym w obrazie Schr¨odingera.Równanie sprzężone
hermitowsko do równania Schr¨odingera ma postać
−i~d
dthαS(t)| = hαS(t)| H†=hαS(t)| H, gdzie skorzystaliśmy z faktu, że operator Hamiltona jest hermitowski.
Dotychczas pracowaliśmy w tzw.obrazie Schr¨odingera, gdzie ewolucja stanów kwantowych jest opisywana równaniem Schr¨odingera, które w notacji Diraca ma postać
i ~ d
dt |αS(t)i = H |αS(t)i,
gdzie dodaliśmy indeks S dla podkreślenia, że |αS(t)i jest stanem kwantowym w obrazie Schr¨odingera.Równanie sprzężone
hermitowsko do równania Schr¨odingera ma postać
−i~d
dthαS(t)| = hαS(t)| H†=hαS(t)| H, gdzie skorzystaliśmy z faktu, że operator Hamiltona jest hermitowski.
Obraz Schr¨ odingera
Załóżmy, żeoperator H nie zależy jawnie od czasu,wtedy rozwiązania równania Schródingera i równania do niego sprzężonego mają postać
|αS(t)i = e−~iH(t−t0)|αS(t0)i , hαS(t)| = hαS(t0)| e~iH(t−t0).
Rzeczywiście, wstawmy stan |αS(t)i do równania Schródingera i obliczmy pochodną
i ~ d
dt |αS(t)i = i~ d dt
e−~iH(t−t0)|αS(t0)i
= i~
−i
~
He−~iH(t−t0) |αS(t0)i= H |αS(t)i . Zauważmy, że ponieważ operator e−~iH(t−t0) rozumiemy jako rozwinięcie w szereg potęgowy, to wszystko jedno, czy operator H napiszemy z lewej, czy z prawej strony eksponenty.
Załóżmy, żeoperator H nie zależy jawnie od czasu,wtedy rozwiązania równania Schródingera i równania do niego sprzężonego mają postać
|αS(t)i = e−~iH(t−t0)|αS(t0)i , hαS(t)| = hαS(t0)| e~iH(t−t0).
Rzeczywiście, wstawmy stan |αS(t)i do równania Schródingera i obliczmy pochodną
i ~ d
dt |αS(t)i = i~ d dt
e−~iH(t−t0)|αS(t0)i
= i~
−i
~
He−~iH(t−t0) |αS(t0)i= H |αS(t)i . Zauważmy, że ponieważ operator e−~iH(t−t0) rozumiemy jako rozwinięcie w szereg potęgowy, to wszystko jedno, czy operator H napiszemy z lewej, czy z prawej strony eksponenty.
Obraz Schr¨ odingera
Rzeczywiście
He−~iH(t−t0) = H X∞
n=0
1 n!
−i
~(t − t0)
n
Hn
= X∞
n=0
1 n!
−i
~(t − t0)
n
Hn+1
=
"∞ X
n=0
1 n!
−i
~(t − t0)
n
Hn
#
H= e−~iH(t−t0)H.
Zadanie. Pokazać, że podany wyżej stan hαS(t)| jest rozwiązaniem równania sprzężonego równania Schr¨odingera.
Rzeczywiście
He−~iH(t−t0) = H X∞
n=0
1 n!
−i
~(t − t0)
n
Hn
= X∞
n=0
1 n!
−i
~(t − t0)
n
Hn+1
=
"∞ X
n=0
1 n!
−i
~(t − t0)
n
Hn
#
H= e−~iH(t−t0)H.
Zadanie. Pokazać, że podany wyżej stan hαS(t)| jest rozwiązaniem równania sprzężonego równania Schr¨odingera.
Obraz Heisenberga
Zdefiniujmy wektor stanu i operator w obrazie Heisenberga
|αHi ≡ |αS(t0)i = e~iH(t−t0)|αS(t)i , ΩH ≡ e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0). Zauważmy, że
hαS(t)|ΩS|βS(t)i
= hαS(t)| e−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
ΩSe−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
|βS(t)i
Zdefiniujmy wektor stanu i operator w obrazie Heisenberga
|αHi ≡ |αS(t0)i = e~iH(t−t0)|αS(t)i , ΩH ≡ e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0). Zauważmy, że
hαS(t)|ΩS|βS(t)i
= hαS(t)| e−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
ΩSe−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
|βS(t)i
=
Obraz Heisenberga
Zdefiniujmy wektor stanu i operator w obrazie Heisenberga
|αHi ≡ |αS(t0)i = e~iH(t−t0)|αS(t)i , ΩH ≡ e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0). Zauważmy, że
hαS(t)|ΩS|βS(t)i
= hαS(t)| e−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
ΩSe−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
|βS(t)i
= hαH|ΩH|βHi ,
Zdefiniujmy wektor stanu i operator w obrazie Heisenberga
|αHi ≡ |αS(t0)i = e~iH(t−t0)|αS(t)i , ΩH ≡ e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0). Zauważmy, że
hαS(t)|ΩS|βS(t)i
= hαS(t)| e−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
ΩSe−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
|βS(t)i
= hαH|ΩH|βHi ,
a więc element macierzowy operatora jest taki sam w obu orazach.
Obraz Heisenberga
Zdefiniujmy wektor stanu i operator w obrazie Heisenberga
|αHi ≡ |αS(t0)i = e~iH(t−t0)|αS(t)i , ΩH ≡ e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0). Zauważmy, że
hαS(t)|ΩS|βS(t)i
= hαS(t)| e−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
ΩSe−~iH(t−t0)e~iH(t−t0)
| {z }
I
|βS(t)i
= hαH|ΩH|βHi ,
a więc element macierzowy operatora jest taki sam w obu orazach.
Obliczmy szybkość zmiany elementu macierzowego operatora w obrazie Heisenberga.
d
dt hαH|ΩH|βHi =
Obraz Heisenberga
Obliczmy szybkość zmiany elementu macierzowego operatora w obrazie Heisenberga.
d
dt hαH|ΩH|βHi = hαH|dΩH
dt |βHi
Obliczmy szybkość zmiany elementu macierzowego operatora w obrazie Heisenberga.
d
dt hαH|ΩH|βHi = hαH|dΩH
dt |βHi
=
Obraz Heisenberga
Obliczmy szybkość zmiany elementu macierzowego operatora w obrazie Heisenberga.
d
dt hαH|ΩH|βHi = hαH|dΩH
dt |βHi
= hαH| d dt
e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0)|βHi
Obliczmy szybkość zmiany elementu macierzowego operatora w obrazie Heisenberga.
d
dt hαH|ΩH|βHi = hαH|dΩH
dt |βHi
= hαH| d dt
e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0)|βHi
=
Obraz Heisenberga
Obliczmy szybkość zmiany elementu macierzowego operatora w obrazie Heisenberga.
d
dt hαH|ΩH|βHi = hαH|dΩH
dt |βHi
= hαH| d dt
e~iH(t−t0)ΩSe−~iH(t−t0)|βHi
= hαH| e~iH(t−t0)∂ΩS
∂t e−~iH(t−t0)
| {z }
∂ΩH
∂t
|βHi