Prędkośćśrednia
1. Rowerzyści w czasie wycieczki rejestrowali swoją prędkość.
a) Rowerzysta A godzinę jechał z prędkością v1 = 25 km/h podczas drugiej na skutek zmęczenia jechał z prędkością v2 = 15 km/h.
b) Rowerzysta B pierwsze 20 km jechał z prędkością v1 = 25 km/h, a kolejne 20 km z prędkością v2 = 15 km/h.
c) Rowerzysta C godzinę jechał z prędkością v1 = 25 km/h a następne 20 km z prędkością v2 = 15 km/h.
Oblicz prędkości średnie rowerzystów.
2. Biegacz przebiegł połowę trasy z prędkością v1 = 18km/h, a drugą połowę z inną prędkością v2. Gdyby biegł cały czas ze stałą prędkością v = 12km/h, to czas potrzebny na przebycie całej trasy nie zmieniłby się. Oblicz wartość prędkości v2.
Względnośćruchu
3. Po rzece płynie łódka ze stałą względem wody prędkością u, prostopadłą do kierunku prądu. Woda w rzece płynie wszędzie równolegle do brzegów, ale wartość jej prędkości V zaleŜy od odległości y od brzegu i dana jest wzorem: V = v0sin(y/L), gdzie v0 jest stałą, a L szerokością rzeki. Znaleźć wektor prędkości łódki względem brzegu.
4. Prędkość łódki względem wody wynosi v. Jak naleŜy skierować łódź, aby przepłynąć rzekę w kierunku prostopadłym do brzegu? Woda w rzece płynie z prędkością u.
5. Dwa samochody poruszają się po dwóch prostoliniowych i wzajemnie prostopadłych drogach w kierunku ich przecięcia ze stałymi szybkościami v1 = 50 km/h i v2 = 100 km/h.
Przed rozpoczęciem ruchu pierwszy samochód znajdował się w odległości s1=100km od skrzyŜowania dróg, a drugi w odległości s2 = 50km. od ich przecięcia. Po jakim czasie od chwili rozpoczęcia ruchu odległość między samochodami będzie najmniejsza?
Ruch prostoliniowy jednostajnie przyspieszony
6. Ciało swobodnie spadające pokonuje połowę drogi w ciągu ostatniej sekundzie ruchu.
Z jakiej wysokości spada to ciało?
7. Motocyklista rusza ze stałym przyspieszeniem a = 0.5 m/s2. Po 0.6 min od chwili rozpoczęcia ruchu zatrzymuje go policjant. Czy motocyklista będzie płacił mandat z powodu przekroczenia dozwolonej prędkości 60 km/h?
8. W chwili, gdy zapala się zielone światło, samochód osobowy rusza z miejsca ze stałym przyspieszeniem a równym 2.2 m/s2. W tej samej chwili wyprzedza go cięŜarówka, jadąca ze stałą prędkością 9.5 m/s.
(a) W jakiej odległości od sygnalizatora samochód osobowy dogoni cięŜarówkę?
(b) Ile wynosić będzie wówczas jego prędkość?
Rzuty
9. Ciało znajdujące się na wysokości h nad powierzchnią ziemi rzucono pionowo do góry z prędkością v0 = 5 m/s. Prędkość końcowa ciała (tuŜ przed upadkiem) wyniosła |vk| = 5v0. Wyznaczyć h. Na jaką maksymalną wysokość H nad powierzchnię ziemi wzniosło się ciało?
Ile czasu tc trwał ruch ciała?
10. Ciało rzucono pionowo w dół z wysokości H, nadając mu prędkość początkową v0 = 5m/s.
Ciało uderzyło o ziemię z prędkością vk = 35 m/s. Z jakiej wysokości H zostało rzucone? Ile sekund trwał ruch ciała? Jaką prędkość v1 miało to ciało w chwili, gdy przebyło drogę s1 = H/6?
11. Ciało spada swobodnie na ziemię z wysokości H. Na jakiej wysokości prędkość tego ciała będzie n razy mniejsza od jego prędkości końcowej? Obliczenia numeryczne wykonaj dla H=27 m i n=3.
12. Z wieŜy o wysokości H=10 m wystrzelono z prędkością V = 100m/s pod kątem α = 30°
pocisk. Z jaką prędkością uderzył pocisk o ziemię? Jaki kąt tworzył tor pocisku z płaszczyzną ziemi? Napisz równanie toru pocisku.
13. Kamień wyrzucono z katapulty z prędkością początkową 20 m/s w górę pod kątem 45°.Wyznaczyć połoŜenie i prędkość kamienia po czasie 1.2 s.
14. W meczu tenisowym Agnieszka Radwańska serwując nadała piłce znajdującej się na wysokości 2.37m prędkość poziomą 23.6 m/s stojąc w odległości 12 m od siatki. Czy piłka przejdzie nad siatką?
ROZWIĄZANIA Zadanie 1
a) t
vśr = S gdzie: S - cała przebyta droga, t – czas ruchu.
W czasie pierwszej godziny rowerzysta przejechał drogę
S
1 =v
1t
1 (gdzie t1=1 h), a w czasie drugiej godzinyS
2 =v
2t
2 (gdzie t2=1 h). Zatem:2 1
2 2 1 1
2 1
2 1
t t
t v t v t t
S S t v
śrS
+
= + +
= +
= Uwzględniając, Ŝe t1 = t2 = t otrzymujemy, Ŝe
h v km
vśr v 20 /
2
2
1+ =
=
Uwaga: Tylko w przypadku t1 = t2 prędkośćśrednia jest średniąarytmetycznąprędkości.
b)
2 2
1 1
2 1
2 1
2 1
v S v S
S S t t
S S t vśr S
+
= + +
= +
=
Uwzględniając, Ŝe S1 = S2 = S otrzymujemy:
h v km
v v
v
śr 2v
18.75 /2 1
2
1 =
= + c)
h km v
t S S t v t t
S S t
vśr S 19.29 /
2 2 1
2 1 1
2 1
2
1 =
+
= + +
= +
=
Zadanie 2
Przyjmując , Ŝe:
t
1 - czas pokonania pierwszej połowy drogi z prędkościąv
1t
2 - czas pokonania drugiej połowy drogi z prędkościąv
2 t - czas pokonania całej drogi z prędkościąv
moŜemy zapisać:
t t t
1+ 2 = czyli:v S v
S v
S
+ =2 1
12 12
stąd:
km h v
v
v vv
92 1
1
2 =
= −
Zadanie 3
Ruchy w kierunku x oraz y są niezaleŜne stąd wektor prędkości łódki ma postać:
[ ] = ⋅
= u
L v y
v v
v r
x;
y 0sin π ;
Jest to wektor o wartości:
2 2
0sin u
L v y
v +
⋅
=
π
Wektor ten nachylony jest do brzegu pod kątem
α
, którego tangens jest równy:L v y
u v
tg v
x y
= ⋅
=
π
α
0sin
Z analizy tangensa wynika, Ŝe przy brzegach (y = 0 lub y = L) łódka jest skierowana prostopadle do nurtu rzeki bo tgα →∞, a na środku rzeki (y L
12
= ) kąt α jest najmniejszy i . v0
tgα = u Zadanie 4
Aby prędkość wypadkowa była skierowana prostopadle do brzegu, prędkość łodzi vr
względem wody powinna być skierowana do brzegu pod kątem α takim, Ŝe:
v
= u α cos lub inaczej
.
2 2
u u v u
tg α
=v
wyp = −Zadanie 5
Wprowadźmy układ współrzędnych taki, Ŝe pierwszy samochód porusza się w kierunku dodatnim osi x, a drugi w kierunku dodatnim osi y. Niech skrzyŜowanie dróg będzie początkiem tego układu współrzędnych. W tym układzie równania ruchu obu samochodów przyjmą postać:
( ) ( )
t s v ty
t v s t x
2 2
1 1
+
−
= +
−
=
Odległość f między samochodami w funkcji czasu moŜna obliczyć z twierdzenia Pitagorasa:
( ) ( ) (
2 2)
2.2 1
1
v t s v t
s t
f
= − + + − +Czas tmin, po którym funkcja osiąga minimum wartości moŜna obliczyć z warunku zerowania się pochodnej tej funkcji po czasie:
0 ) (
' =
= f t dt
df
Z tego warunku uzyskujemy wyraŜenie na tmin:
min 5 48
4
2 2 2 1
2 2 1 1
min = =
+
= +
h
v v
v S v t S
Zadanie 6
Z treści zadania wynika, Ŝe mamy do czynienia ze spadkiem swobodnym, czyli:
2 2
) 1 2 (
1 2 1
2 1
−
=
=
t g h
gt h
Pierwsze równanie wyraŜa drogę h przebytą przez spadające swobodnie (v0 =0) ciało w czasie t.
Drugie równie zawiera informację o tym, Ŝe w czasie o 1s krótszym ciało przebędzie drogę o długości 2h
1 , co oznacza, Ŝe w ostatniej sekundzie pokona pozostałą drogę teŜ o długości h 2 1 . Rozwiązanie tego układu równań to:
(
2 2)
[ ]1 2
2 s
t = +
= −
m h≈57 . Zadanie 7
Z treści zadania wiemy, Ŝe motocyklista porusza się ruchem jednostajnie przyspieszonym bez prędkości początkowej, więc:
( ) h
km
h km s
at m at v t
v
64.83600 1 001 . 180
0 + = =18 = ≈
=
Motocyklista zapłaci mandat bo przekroczył dozwoloną prędkość.
Zadanie 8
Wprowadźmy oś X skierowaną w kierunku ruchu obu pojazdów. Przyjmijmy, Ŝe zero tej osi jest w miejscu występowania świateł, czyli w miejscu gdzie pojazdy spotkały się po raz pierwszy. Zapiszmy równania ruchu obu pojazdów w tym układzie.
Samochód osobowy porusza się ruchem jednostajnie przyspieszonym bez prędkości początkowej, a samochód cięŜarowy ruchem jednostajnym z prędkością vc, więc połoŜenie samochodu osobowego
xs oraz cięŜarowego xcmoŜna zapisać równaniami:
t v x
at x
c c s
=
= 2
2 1
Po czasie tsp oba pojazdy spotkają się ponownie, więc ich połoŜenia będą jednakowe:
sp c sp
sp c sp s
t v at
t x t x
=
=
2
2 1
) ( ) (
stąd
a s
tsp 2vc 8.6
=
=
Aby obliczyć drogę s jaką oba samochody pokonają do miejsca ich spotkania wystarczy podstawić obliczony czas tsp do xs lub xc. Wykorzystajmy xc:
] [ 2 82
) 2 (
2
a m v a v v t v t x
S = c sp = c sp = c c = c = Prędkość samochodu osobowego wyniesie wtedy:
] [ 19 2 2
)
( 0
ms a v
a v at at v t
vs sp = + sp = sp = c = c =
Zadanie 9
Oznaczmy przez t1 czas ruchu ciała w górę aŜ do przebycia drogi h1. Dla tych wielkości mamy następujący układ równań:
−
=
−
=
2 1 1
0 1
1 0
2 1 0
gt t
v h
gt v
Rozwiązując ten układ otrzymujemy:
g h v g
t v
, 2
2 0 1 0
1 = =
Oznaczmy przez t2 czas ruchu ciała w dół z wysokości H = h+h1. Z warunków zadania mamy:
=
= +
2 0
2 2 1
5
2 1 gt v
gt h
h
stąd
g t v t t
g gt v
h h H
g h v gt g h
t v
0 2 1
2 2 0
2 1
2 0 1
2 2 0
2
6
2 25 2
1
12 2
5 1
= +
=
=
= +
=
=
−
=
= ⇒
Zadanie 10
Oznaczając przez t czas ruchu ciała mamy następujący układ równań opisujący rzut pionowy w dół z prędkością początkową v0:
+
= +
=
2 0
0
2 1gt t v H
gt v vk
Rozwiązując ten układ otrzymujemy:
g v H v
g v
t v
k k, 2
2 0 2
0 = −
= −
Dalej, oznaczmy przez t1 czas ruchu na drodze s1. Następujący układ równań opisuje kinematykę ruchu rzuconego ciała na drodze s1:
+
= +
=
2 1 1
0 1 0 1
2 1
6 v t gt
H
gt v v
Po obliczeniu
g v
t1 = v1 − 0 i wykorzystaniu wyraŜenia dla H (patrz wyŜej) drugie równanie z tego
układu otrzymuje postać:
2 0 1 0
1 0 2 0 2
2 1 2
6
1
−
− +
⋅
− =
⋅ g
v g v
g v v v
g v vk
stąd po przekształceniach obliczamy
6 . 5 02
2
1
v v = vk +
Zadanie 11
Spadając z wysokości H w czasie t w momencie zetknięcia z ziemią ciało ma prędkość vk , przy czym wielkości te związane są układem równań opisujących kinematykę spadku swobodnego:
=
=
2
2 1gt H
gt vk
Stąd obliczamy:
gH v
k = 2Podobny układ równań z czasem ruchu t1 układamy dla ruchu na drodze H-h:
=
−
=
2 1 1
2 1 1
gt h H
gt nvk
Z pierwszego równania mamy:
ng gH g v
t n1 k 1 2
1 = =
Po wstawieniu do drugiego równania tak obliczonego t1 dostajemy wynik końcowy:
n H
h
−
= 12
1 .
Zadanie 12
Składowe wektora prędkości poruszającego się ciała jako funkcje czasu wyraŜają się następującymi równaniami:
−
=
=
gt v
t v
v t v
y x
α α
sin )(
cos )
(
0 0
Dla składowych wektora połoŜenia jako funkcji czasu mamy:
+
−
=
=
H gt t
v t y
t v t x
2 0
0
2 sin 1 )
(
cos )
(
α α
Do wypisania składowych uŜyto standardowego układu współrzędnych tzn. oś X kierunek poziomy, oś Y kierunek pionowy. Równanie toru otrzymamy wyraŜając czas t przez x z pierwszego równania i podstawiając do drugiego:
2 2 0cos 2
9 x
x v tg H
y= + ⋅ − ⋅
α α
Obliczymy następnie czas trwania rzutu T rozwiązując równanie y(T)=0. Po uporządkowaniu równanie to przyjmuje postać równania kwadratowego:
2 0 sin
2 0
2 − − =
g T H g
T v
α
Dodatni pierwiastek tego równania jest równy:
sin . 1 2
1
sin 2 2
0
0
+ +
=
α α
v gH g
T v
Zasięg rzutu:
sin . 1 2
1 sin cos )
( 2 2
0 2
0
+ +
=
=
α α α
v gH g
T v x z
Obliczymy teraz prędkość vk w momencie upadku i kąt β jaki wektor prędkości tworzy z powierzchnią ziemi, wykorzystując formuły:
) . (
) ) (
( )
( 2
2
T v
T tg v
i T v T v v
x y y
x k
= − +
=
β
Wyniki końcowe są następujące:
α α
β tg
v tg gH
gH v
v
k2 2 0 2 0
sin 1 2
2 +
= +
=
Zadanie 13
Oznaczając v0 = 20m/s,
α
= 45o, t = 1,2s wykorzystujemy do rozwiązania znane wyraŜenia dla składowych wektora prędkości i wektora połoŜenia jako funkcji czasu t:
−
=
=
gt v
t v
v t v
y x
α α
sin )(
cos )
(
0 0
oraz
−
=
=
2 0
0
2 sin 1 )
(
cos )
(
gt t
v t y
t v t x
α α
Podano składowe przy standardowym wyborze układu odniesienia: oś X równoległa do powierzchni ziemi, oś Y prostopadła do powierzchni ziemi, początek układu to punkt wyrzucenia kamienia.
Zadanie 14
Piłka tenisowa poruszając się wykonuje rzut poziomy z wysokości h = 2,37m z prędkością początkową v0 = 23,6m/s. Odległość d = 12m piłka przebędzie w czasie .
v0
t= d W tej chwili piłka
będzie na wysokości 2 2 1gt
h− . Jeśli ta wysokość będzie większa od wysokości siatki s, to piłka przejdzie nad nią, stąd otrzymujemy warunek:
2 .
1 2
0
+
≥ v
g d s h