Karol Kołodziej Instytut Fizyki Uniwersytet Śląski, Katowice
http://kk.us.edu.pl
Wszystkie obiekty, które przy transformacji Lorentza transformują się tak jak
kontrawariantny czterowektor położenia xµ= (ct, ~x), tzn.
x′µ= Λµνxν,
nazywamy czterowektorami kontrawariantnymi.
kowariantny czterowektor położenia xµ= (ct, −~x), tzn.
x′µ= xνΛ−1νµ= xνΛT νµ, nazywamy czterowektorami kowariantnymi.
Wzory transformacyjne dla wektora prędkości były skomplikowane, gdyż w jego definicji
~v = d~x dt
występują zarówno składowe przestrzenne, jak i składowa czasowa czterowektora położeniaxµ= (ct, ~x).
Wzory transformacyjne dla wektora prędkości były skomplikowane, gdyż w jego definicji
~v = d~x dt
występują zarówno składowe przestrzenne, jak i składowa czasowa czterowektora położeniaxµ= (ct, ~x).
Zdefiniujmy czterowekor prędkości
uµ= dxµ dt0
,
gdziet0 jest czasem własnym, mierzonym w układzie
Wzory transformacyjne dla wektora prędkości były skomplikowane, gdyż w jego definicji
~v = d~x dt
występują zarówno składowe przestrzenne, jak i składowa czasowa czterowektora położeniaxµ= (ct, ~x).
Zdefiniujmy czterowekor prędkości uµ= dxµ
dt0
,
gdziet0 jest czasem własnym, mierzonym w układzie spoczynkowym cząstki.
wiąże się z czasem własnym wzorem dt = γ dt0 ⇒ d
dt0
= dt dt0
d
dt = γ d dt i kontrawariantny czterowektor prędkości przybiera postać
uµ= dxµ dt0
= γ d
dt (ct, ~x) = γ
d(ct) dt ,d~x
dt
= γ (c, ~v) .
Czas w układzie, w którym cząstka porusza się z prędkością ~v, wiąże się z czasem własnym wzorem
dt = γ dt0 ⇒ d dt0
= dt dt0
d
dt = γ d dt i kontrawariantny czterowektor prędkości przybiera postać
uµ= dxµ dt0
= γ d
dt (ct, ~x) = γ
d(ct) dt ,d~x
dt
= γ (c, ~v) . Zdefiniujmy kontrawariantny czterowektor pędu
pµ= muµ= mγ (c, ~v) .
wiąże się z czasem własnym wzorem dt = γ dt0 ⇒ d
dt0
= dt dt0
d
dt = γ d dt i kontrawariantny czterowektor prędkości przybiera postać
uµ= dxµ dt0
= γ d
dt (ct, ~x) = γ
d(ct) dt ,d~x
dt
= γ (c, ~v) . Zdefiniujmy kontrawariantny czterowektor pędu
pµ= muµ= mγ (c, ~v) .
Ponieważ czynnik Lorentza γ jest bezwymiarowy, to widzimy, że relatywistyczny pęd ciała o masie mnależałoby zdefiniować jako
~
p = γ m~v, a relatywistycznąenergięjako
E = γ mc2.
Ponieważ czynnik Lorentza γ jest bezwymiarowy, to widzimy, że relatywistyczny pęd ciała o masie mnależałoby zdefiniować jako
~
p = γ m~v, a relatywistycznąenergięjako
E = γ mc2.
Zatemczterowektor energii–pędu możemy zapisać w formie pµ= (mγc, mγ~v) = (E /c, ~p) .
Ponieważ czynnik Lorentza γ jest bezwymiarowy, to widzimy, że relatywistyczny pęd ciała o masie mnależałoby zdefiniować jako
~
p = γ m~v, a relatywistycznąenergięjako
E = γ mc2.
Zatemczterowektor energii–pędu możemy zapisać w formie pµ= (mγc, mγ~v) = (E /c, ~p) .
Zauważmy, że energia ciała o masie m,
E = γ mc2 = mc2 q1 −~vc22
w układzie spoczynkowym, gdzie~v = ~0,jest niezerowa i wynosi E0 = mc2.
Tak właśnie powinien wyglądać słynny wzór Einsteina, w którym często zapomina się albo czynnika γ, albo indeksu 0.
Zauważmy, że energia ciała o masie m,
E = γ mc2 = mc2 q1 −~vc22
w układzie spoczynkowym, gdzie~v = ~0,jest niezerowa i wynosi E0 = mc2.
Tak właśnie powinien wyglądać słynny wzór Einsteina, w którym często zapomina się albo czynnika γ, albo indeksu 0.
E = γ mc2 = mc2 q1 −~vc22.
Jeżeli|~v| ≪ c ⇒ x = ~vc22 ≪ 1i możemy zastosować przybliżenia
√ 1
1 − x ≈ 1
1 −12x ≈ 1 +1 2x,
E = γ mc2 = mc2 q1 −~vc22.
Jeżeli|~v| ≪ c ⇒ x = ~vc22 ≪ 1i możemy zastosować przybliżenia
√ 1
1 − x ≈ 1
1 −12x ≈ 1 +1 2x,
które wynikają z następujących przybliżonych równości
1 −1
2x
2
= 1 − x +1
4x2 ≈ 1 − x,
1 +1
2x
1 −1
2x
= 1 −1
4x2 ≈ 1.
E = γ mc2 = mc2 q1 −~vc22.
Jeżeli|~v| ≪ c ⇒ x = ~vc22 ≪ 1i możemy zastosować przybliżenia
√ 1
1 − x ≈ 1
1 −12x ≈ 1 +1 2x,
które wynikają z następujących przybliżonych równości
1 −1
2x
2
= 1 − x +1
4x2 ≈ 1 − x,
Wtedy
E ≈ mc2 1 + ~v2 2c2
!
= mc2+1
2m~v2 = E0+ T .
Dla pędu w przybliżeniu nierelatywistycznym otrzymamy natomiast
~
p = γ m~v ≈ m~v 1 + ~v2 2c2
!
≈ m~v.
Wtedy
E ≈ mc2 1 + ~v2 2c2
!
= mc2+1
2m~v2 = E0+ T .
Dla pędu w przybliżeniu nierelatywistycznym otrzymamy natomiast
~
p = γ m~v ≈ m~v 1 + ~v2 2c2
!
≈ m~v.
Obliczmy kwadrat normy czteropędu
kpk2 = p· p =E2/c2− ~p2 =γ2m2c2− γ2m2~v2
= m2c2γ21 − ~v2/c2=m2c2. Wzór ten często pisze się w formie
E2− ~p2c2= m2c4. Jest to oczywiścieniezmiennik relatywistyczny.
kpk2 = p· p =E2/c2− ~p2 =γ2m2c2− γ2m2~v2
= m2c2γ21 − ~v2/c2=m2c2. Wzór ten często pisze się w formie
E2− ~p2c2= m2c4. Jest to oczywiścieniezmiennik relatywistyczny.
Zatem, w dowolnym układzie odniesienia, energia wiąże się z pędem wzorem
q
Obliczmy kwadrat normy czteropędu
kpk2 = p· p =E2/c2− ~p2 =γ2m2c2− γ2m2~v2
= m2c2γ21 − ~v2/c2=m2c2. Wzór ten często pisze się w formie
E2− ~p2c2= m2c4. Jest to oczywiścieniezmiennik relatywistyczny.
Zatem, w dowolnym układzie odniesienia, energia wiąże się z pędem wzorem
E =qp~2c2+ m2c4, gdzie odrzuciliśmy drugie, ujemne rozwiązanie.
można pokazać, żesymetria układu fizycznego, a więc niezmienniczość funkcji Lagrange’a,względem translacji
xµ → x′µ = xµ+ aµ, aµ= const.
prowadzi dozasady zachowania czteropędu układu.
Ponieważ w czasoprzestrzeni Minkowskiego czas traktujemy na podobnych zasadach jak współrzędne przestrzenne, to dowodu zasady zachowania energii nie trzeba przeprowadzać osobno.
Podobnie jak zrobiliśmy to w przypadku nierelatywistycznym, można pokazać, żesymetria układu fizycznego, a więc niezmienniczość funkcji Lagrange’a,względem translacji
xµ → x′µ = xµ+ aµ, aµ= const.
prowadzi dozasady zachowania czteropędu układu.
Ponieważ w czasoprzestrzeni Minkowskiego czas traktujemy na podobnych zasadach jak współrzędne przestrzenne, to dowodu zasady zachowania energii nie trzeba przeprowadzać osobno.
Wynika ona z zasady zachowania czteropędu X
i
piµ=X
i
(Ei/c, ~pi) = const ⇔ X
i
Ei = const i X
i
~
pi = const.
można pokazać, żesymetria układu fizycznego, a więc niezmienniczość funkcji Lagrange’a,względem translacji
xµ → x′µ = xµ+ aµ, aµ= const.
prowadzi dozasady zachowania czteropędu układu.
Ponieważ w czasoprzestrzeni Minkowskiego czas traktujemy na podobnych zasadach jak współrzędne przestrzenne, to dowodu zasady zachowania energii nie trzeba przeprowadzać osobno.
Wynika ona z zasady zachowania czteropędu
Xpiµ=X(Ei/c, ~pi) = const ⇔ XEi = const i X~pi = const.
Przykład 1.Relatywistyczna kulka z plasteliny o masiema i prędkości~va zderza się ze spoczywającą kulką o masie mb.Obie kulki sklejają się tworząc jedną kulkę. Jaka jest masam i prędkość
~v kulki utworzonej w wyniku zderzenia?
ma ~va mb
(przed zderzeniem)
m ~v
(po zderzeniu)
prędkości~va zderza się ze spoczywającą kulką o masie mb.Obie kulki sklejają się tworząc jedną kulkę. Jaka jest masam i prędkość
~v kulki utworzonej w wyniku zderzenia?
ma ~va mb
(przed zderzeniem)
m ~v
(po zderzeniu) Zasada zachowania czteropędu daje
p + p = p,
Przykład 1.Relatywistyczna kulka z plasteliny o masiema i prędkości~va zderza się ze spoczywającą kulką o masie mb.Obie kulki sklejają się tworząc jedną kulkę. Jaka jest masam i prędkość
~v kulki utworzonej w wyniku zderzenia?
ma ~va mb
(przed zderzeniem)
m ~v
(po zderzeniu)
Zasada zachowania czteropędu daje pa+ pb= p,
gdzie pa, pb – czteropędy przed, a p – czteropęd po zderzeniu.
pa=
c , ~pa = γama(c, ~va) , pb= mbc,~0 .
(pa+ pb)2 = p2 = m2c2 ⇒ m2 = 1
c2 (pa+ pb)2
m2= 1 c2
pa2+ pb2+ 2pa· pb= 1 c2
ma2c2+ mb2c2+ 2pa· pb
pa=
Ea c , ~pa
= γama(c, ~va) , pb=mbc,~0.
(pa+ pb)2 = p2 = m2c2 ⇒ m2 = 1
c2 (pa+ pb)2 m2= 1
c2
pa2+ pb2+ 2pa· pb= 1 c2
ma2c2+ mb2c2+ 2pa· pb
pa· pb= Ea
c mbc− ~pa· ~0 = Eamb ⇒ m2 = ma2+ m2b+ 2Eamb c2
pa=
c , ~pa = γama(c, ~va) , pb= mbc,~0 .
(pa+ pb)2 = p2 = m2c2 ⇒ m2 = 1
c2 (pa+ pb)2 m2= 1
c2
pa2+ pb2+ 2pa· pb= 1 c2
ma2c2+ mb2c2+ 2pa· pb
pa· pb= Ea
c mbc− ~pa· ~0 = Eamb ⇒ m2 = ma2+ m2b+ 2Eamb c2
pa=
Ea c , ~pa
= γama(c, ~va) , pb=mbc,~0.
(pa+ pb)2 = p2 = m2c2 ⇒ m2 = 1
c2 (pa+ pb)2 m2= 1
c2
pa2+ pb2+ 2pa· pb= 1 c2
ma2c2+ mb2c2+ 2pa· pb
pa· pb= Ea
c mbc− ~pa· ~0 = Eamb ⇒ m2 = ma2+ m2b+ 2Eamb c2
m=qm2a+ m2b+ 2γamamb, gdzie γa= 1 q1 − ~va2/c2
.
Znajdźmy końcową prędkość.Ze wzorów na energię i pęd
E = γmc2, ~p= γm~v ⇒ ~v = ~pc2 E .
Znajdźmy końcową prędkość. Ze wzorów na energię i pęd
E = γmc2, ~p= γm~v ⇒ ~v = ~pc2 E . Z zasady zachowania czteropędu
E = Ea+ mbc2, ~p = ~pa = γama~va ⇒
~v = γama~vac2
Ea+ mbc2 = γama~vac2
γamac2+ mbc2 = γama γama+ mb ~va.
Znajdźmy końcową prędkość. Ze wzorów na energię i pęd
E = γmc2, ~p= γm~v ⇒ ~v = ~pc2 E . Z zasady zachowania czteropędu
E = Ea+ mbc2, ~p = ~pa = γama~va ⇒
~v = γama~vac2
Ea+ mbc2 = γama~vac2
γamac2+ mbc2 = γama γama+ mb ~va.
W granicy nierelatywistycznej
|~va| ≪ c ⇒ γa = 1
q1 − ~va2/c2 → 1,
więc
~v = γama γama+ mb
~va → ma ma+ mb
~va,
m =
q
ma2+ m2b+ 2γamamb → ma+ mb.
W granicy nierelatywistycznej
|~va| ≪ c ⇒ γa = 1
q1 − ~va2/c2 → 1,
więc
~v = γama γama+ mb
~va → ma ma+ mb
~va,
m =
q
ma2+ m2b+ 2γamamb → ma+ mb.
Wiązka protonów zderza się z protonami tarczy. Jaki jest związek pomiędzy energią całkowitą dwóch zderzających się protonów w układzie laboratoryjnym(LAB), w którym tarcza spoczywa, z ich energią całkowitą w układzie środka masy(CM), w którym
~
p1+ ~p2= ~0?
mp ~p1LAB mp
(uk lad LAB)
mp ~p −~p mp
(uk lad CM)
pomiędzy energią całkowitą dwóch zderzających się protonów w układzie laboratoryjnym(LAB), w którym tarcza spoczywa, z ich energią całkowitą w układzie środka masy(CM), w którym
~
p1+ ~p2= ~0?
mp ~p1LAB mp
(uk lad LAB)
mp ~p −~p mp
(uk lad CM)
Porównajmy
pLAB+ pLAB
2
=pCM+ pCM
2
.
Wiązka protonów zderza się z protonami tarczy. Jaki jest związek pomiędzy energią całkowitą dwóch zderzających się protonów w układzie laboratoryjnym(LAB), w którym tarcza spoczywa, z ich energią całkowitą w układzie środka masy(CM), w którym
~
p1+ ~p2= ~0?
mp ~p1LAB mp
(uk lad LAB)
mp ~p −~p mp
(uk lad CM)
Porównajmy
p1LAB+ p2LAB
2
=p1CM+ p2CM
2 . Kwadrat czterowektora jest niezmiennikiem.
E1LAB+ mpc2
2
c2 −p~1LAB+ ~0
2
=
E1CM+ E2CM
2
c2 − ~02, Pomnóżmy obie strony tego równania przez c2 i zauważmy, że
E1CM+ E2CM= ECM,
gdzie ECM jest całkowitą energią w układzie środka masy, wówczas dostaniemy
Stąd
E1LAB+ mpc2
2
c2 −p~1LAB+ ~0
2
=
E1CM+ E2CM
2
c2 − ~02, Pomnóżmy obie strony tego równania przez c2 i zauważmy, że
E1CM+ E2CM= ECM,
gdzie ECM jest całkowitą energią w układzie środka masy, wówczas dostaniemy
E1LAB
2
−~p1LAB
2 c2
| {z }
m2pc4
+m2pc4+ 2E1LABmpc2 =ECM
2
.
E1LAB+ mpc2
2
c2 −p~1LAB+ ~0
2
=
E1CM+ E2CM
2
c2 − ~02, Pomnóżmy obie strony tego równania przez c2 i zauważmy, że
E1CM+ E2CM= ECM,
gdzie ECM jest całkowitą energią w układzie środka masy, wówczas dostaniemy
E1LAB
2
−~p1LAB
2
c2+m2pc4+ 2E1LABmpc2 =ECM
2
.
a zatem
2mpc2
całkowita energia
z }| {
E1LAB+ mpc2
| {z }
ELAB
=ECM
2
⇒ ELAB=
ECM
2
2mpc2 .
Przykład 2.Jaka musi być całkowita energia protonów w układzie laboratoryjnym, aby energia całkowita w układzie środka masy wynosiła 20 GeV?
2mpc2
całkowita energia
z }| {
E1LAB+ mpc2
| {z }
ELAB
=ECM
2
⇒ ELAB=
ECM
2
2mpc2 .
Przykład 2.Jaka musi być całkowita energia protonów w układzie laboratoryjnym, aby energia całkowita w układzie środka masy wynosiła 20 GeV?
mp= 938.27203 ± 0.00008 MeV/c2 ⇒ mpc2 ≈ 1 GeV
ELAB=
ECM
2
≈ 202
GeV= 200 GeV.
a zatem
2mpc2
całkowita energia
z }| {
E1LAB+ mpc2
| {z }
ELAB
=ECM
2
⇒ ELAB=
ECM
2
2mpc2 .
Przykład 2.Jaka musi być całkowita energia protonów w układzie laboratoryjnym, aby energia całkowita w układzie środka masy wynosiła 20 GeV?
mp= 938.27203 ± 0.00008 MeV/c2 ⇒ mpc2 ≈ 1 GeV ELAB=
ECM
2
2mpc2 ≈ 202
2 GeV= 200 GeV.
Dlatego buduje się akceleratory wiązek przeciwbieżnych,w których zderza się ze sobą wiązki cząstek biegnących naprzeciw siebie z takimi samymi pędami.
Dlatego buduje się akceleratory wiązek przeciwbieżnych, w których zderza się ze sobą wiązki cząstek biegnących naprzeciw siebie z takimi samymi pędami.
W akceleratorach wiązek przeciwbieżnych, jeżeli zderzane są cząstki punktowe o tej samej masie, jak np. elektron i pozyton, to układ laboratoryjny pokrywa się z układem środka masy, w którym sumaryczny pęd jest zerowy i cała energia może być wykorzystana na wygenerowanie masy (energii spoczynkowej) produktów reakcji.
Dlatego buduje się akceleratory wiązek przeciwbieżnych, w których zderza się ze sobą wiązki cząstek biegnących naprzeciw siebie z takimi samymi pędami.
W akceleratorach wiązek przeciwbieżnych, jeżeli zderzane są cząstki punktowe o tej samej masie, jak np. elektron i pozyton, to układ laboratoryjny pokrywa się z układem środka masy, w którym sumaryczny pęd jest zerowy i cała energia może być wykorzystana na wygenerowanie masy (energii spoczynkowej) produktów reakcji.
Wielki Zderzacz Hadronów LHC w CERN-ie jest też tego rodzaju akceleratorem, ale zderzane w nim protony są cząstkami złożonymi.
Ich składniki, tzw. partony, czyli kwarki i gluony, unoszą różne ułamki pędu macierzystych protonów, dlatego układ środka masy
Dlatego buduje się akceleratory wiązek przeciwbieżnych, w których zderza się ze sobą wiązki cząstek biegnących naprzeciw siebie z takimi samymi pędami.
W akceleratorach wiązek przeciwbieżnych, jeżeli zderzane są cząstki punktowe o tej samej masie, jak np. elektron i pozyton, to układ laboratoryjny pokrywa się z układem środka masy, w którym sumaryczny pęd jest zerowy i cała energia może być wykorzystana na wygenerowanie masy (energii spoczynkowej) produktów reakcji.
Wielki Zderzacz Hadronów LHC w CERN-ie jest też tego rodzaju akceleratorem, ale zderzane w nim protony są cząstkami złożonymi.
Ich składniki, tzw. partony, czyli kwarki i gluony, unoszą różne ułamki pędu macierzystych protonów, dlatego układ środka masy zderzających się partonów porusza się w układzie laboratoryjnym.
E2− ~p2c2 = 0 ⇒ E2 = ~p2c2 ⇒ |~p| = E c.
Cząstka bezmasowa o niezerowej energii ma relatywistyczny pęd,
Zauważmy, że dla cząstki bezmasowej, (np. fotonu),m= 0, E2− ~p2c2 = 0 ⇒ E2 = ~p2c2 ⇒ |~p| = E
c.
Cząstka bezmasowa o niezerowej energii ma relatywistyczny pęd,a jej czteropęd
pµ=
E c, ~p
= (|~p| , ~p)
jestczterowektorem o zerowej normie, gdyż kpµk2=p· p =p0
2
− (~p)2= |~p|2− |~p|2 =0.
E2− ~p2c2 = 0 ⇒ E2 = ~p2c2 ⇒ |~p| = E c.
Cząstka bezmasowa o niezerowej energii ma relatywistyczny pęd,a jej czteropęd
pµ=
E c, ~p
= (|~p| , ~p) jestczterowektorem o zerowej normie, gdyż
kpµk2=p· p =p0
2
− (~p)2= |~p|2− |~p|2 =0.
E = hν = ~ω, gdzie ω = 2πν, ~≡ h 2π i postulat de Broglie’go (dla fotonu lub cząstki masowej)
~ p = ~~k,
gdzie~k – wektor falowy,który wiąże się zdługością fali λ wzorem
|~k| = 2π λ .
E = hν = ~ω, gdzie ω = 2πν, ~≡ h 2π i postulat de Broglie’go (dla fotonu lub cząstki masowej)
~ p = ~~k,
gdzie~k – wektor falowy,który wiąże się zdługością fali λ wzorem
|~k| = 2π λ . Zdefiniujmyczterowektor falowywzorem
E = hν = ~ω, gdzie ω = 2πν, ~≡ h 2π i postulat de Broglie’go (dla fotonu lub cząstki masowej)
~ p = ~~k,
gdzie~k – wektor falowy,który wiąże się zdługością fali λ wzorem
|~k| = 2π λ . Zdefiniujmyczterowektor falowywzorem
pµ= ~kµ= ~
ω c, ~k
.
S
x1 S
´ zr´od lo (uk lad S′)
(uk lad S)
~V θ
x2 S
x1 x′2
S′
´ zr´od lo (uk lad S′)
(uk lad S)
~V θ
Prędkość względna układów S i S′ V~ = (v , 0, 0), dlatego składowa k0 transformuje się wg wzoru
k′0 = γk0− βk1, β = v c.
S
x1 S
´ zr´od lo (uk lad S′)
(uk lad S)
~V θ
Prędkość względna układów S i S′ V~ = (v , 0, 0), dlatego składowa k0 transformuje się wg wzoru
k′0 = γk0− βk1, β = v c.
Podstawmyk0= ωc, k1= |~k| cos θ = ωc cos θ, k′0= ωc′.
x2 S
x1 x′2
S′
´ zr´od lo (uk lad S′)
(uk lad S)
~V θ
Prędkość względna układów S i S′ V~ = (v , 0, 0), dlatego składowa k0 transformuje się wg wzoru
k′0 = γk0− βk1, β = v c.
Podstawmyk0= ωc, k1= |~k| cos θ = ωc cos θ, k′0= ωc′.
⇒ ω′ = γω (1 − β cos θ) ⇒ ω = ω′ γ (1 − β cos θ).
S
x1 S
´ zr´od lo (uk lad S′)
(uk lad S)
~V θ
Prędkość względna układów S i S′ V~ = (v , 0, 0), dlatego składowa k0 transformuje się wg wzoru
k′0 = γk0− βk1, β = v c.
Podstawmyk0= ωc, k1= |~k| cos θ = ωc cos θ, k′0= ωc′.
Ponieważω′ jest częstotliwością światła mierzoną w układzie źródła, które porusza się względem obserwatora z prędkością V~ = (V , 0, 0), to oznaczmy ω′ = ω0.Wówczas
ω = γ(1−β cos θ)ω0 , gdzie
ω – częstotliwość światła mierzona przez obserwatora, θ– kąt pomiędzy wektorem prędkości źródłaV~ a kierunkiem obserwacji światła.
Ponieważω′ jest częstotliwością światła mierzoną w układzie źródła, które porusza się względem obserwatora z prędkością V~ = (V , 0, 0), to oznaczmy ω′ = ω0.Wówczas
ω = γ(1−β cos θ)ω0 , gdzie
ω – częstotliwość światła mierzona przez obserwatora, θ– kąt pomiędzy wektorem prędkości źródłaV~ a kierunkiem obserwacji światła.
Jeżeli źródło porusza się w kierunku obserwatora znajdującego się na dodatniej półosi Ox, tzn.θ = 0 ⇒ cos θ = 1,to
ω = ω0
γ (1 − β),
na dodatniej półosi Ox, tzn.θ = 0 ⇒ cos θ = 1,to ω = ω0
γ (1 − β), a uwzględniając, że
γ = 1
p1 − β2 = 1
p(1 − β)(1 + β) otrzymamy
Jeżeli źródło porusza się w kierunku obserwatora znajdującego się na dodatniej półosi Ox, tzn.θ = 0 ⇒ cos θ = 1,to
ω = ω0 γ (1 − β), a uwzględniając, że
γ = 1
p1 − β2 = 1
p(1 − β)(1 + β) otrzymamy
ω =
s1 + β 1 − β ω0.
na dodatniej półosi Ox, tzn.θ = 0 ⇒ cos θ = 1,to ω = ω0
γ (1 − β), a uwzględniając, że
γ = 1
p1 − β2 = 1
p(1 − β)(1 + β) otrzymamy
ω =
s1 + β ω0.
Ponieważ źródło porusza się zawsze z prędkością mniejszą od prędkości światła w próżni, to
−1 < β = v/c < 1 i z wzoru
ω =
s1 + β 1 − β ω0
widzimy, że
jeśli źródło oddala się od obserwatora, tzn.
β < 0
prędkości światła w próżni, to
−1 < β = v/c < 1 i z wzoru
ω =
s1 + β 1 − β ω0
widzimy, że
jeśli źródło oddala się od obserwatora, tzn.
β < 0 ⇒ ω < ω0, (przesunięcie ku czerwieni)
Ponieważ źródło porusza się zawsze z prędkością mniejszą od prędkości światła w próżni, to
−1 < β = v/c < 1 i z wzoru
ω =
s1 + β 1 − β ω0
widzimy, że
jeśli źródło oddala się od obserwatora, tzn.
β < 0 ⇒ ω < ω0, (przesunięcie ku czerwieni) jeśli źródło zbliża się do obserwatora, tzn.
β > 0
prędkości światła w próżni, to
−1 < β = v/c < 1 i z wzoru
ω =
s1 + β 1 − β ω0
widzimy, że
jeśli źródło oddala się od obserwatora, tzn.
β < 0 ⇒ ω < ω0, (przesunięcie ku czerwieni)
Ponieważ źródło porusza się zawsze z prędkością mniejszą od prędkości światła w próżni, to
−1 < β = v/c < 1 i z wzoru
ω =
s1 + β 1 − β ω0
widzimy, że
jeśli źródło oddala się od obserwatora, tzn.
β < 0 ⇒ ω < ω0, (przesunięcie ku czerwieni) jeśli źródło zbliża się do obserwatora, tzn.
β > 0 ⇒ ω > ω0. (przesunięcie do fioletu)
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒ [(p1− p3) + p2]2
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒ [(p1− p3) + p2]2 =
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒ [(p1− p3) + p2]2 = p42
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒ [(p1− p3) + p2]2 = p42 = m2ec2,
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒ [(p1− p3) + p2]2 = p42 = m2ec2,
gdzie wykorzystaliśmy związekp24 = me2c2.
Promieniowanie rentgenowskie rozpraszamy na spoczywających elektronach. Jaki jest wzrost długości fali promieniowania rentgenowskiego wynikający z odrzutu elektronu?
Załóżmy, żerozpraszane są pojedyncze kwanty promieniowania - fotony.
γ, p1 e−, p2
γ, p3
e−, p4
θ
Skorzystajmy z zasady zacho- wania czteropędu
p1+ p2 = p3+ p4 ⇒ [(p1− p3) + p2]2 = p42 = m2ec2,
Przekształćmy lewą stronę równania
[(p1− p3) + p2]2 = (p1− p3)2+ 2 (p1− p3) · p2+ p22
= p12− 2p1· p3+ p32+ 2p1· p2− 2p3· p2+ p22 =me2c2. Uwzgędniając relacjęp22 = m2ec2 i bezmasowość fotonu, tzn.
p12= p32= 0, dostaniemy
−2p1· p3+ 2p1· p2− 2p3· p2= 0,
Przekształćmy lewą stronę równania
[(p1− p3) + p2]2 = (p1− p3)2+ 2 (p1− p3) · p2+ p22
= p12− 2p1· p3+ p32+ 2p1· p2− 2p3· p2+ p22 =me2c2. Uwzgędniając relacjęp22 = m2ec2 i bezmasowość fotonu, tzn.
p12= p32= 0, dostaniemy
−2p1· p3+ 2p1· p2− 2p3· p2= 0, a po prostych przekształceniach otrzymamy
p1· p2− p3· p2 = p1· p3.
Przekształćmy lewą stronę równania
[(p1− p3) + p2]2 = (p1− p3)2+ 2 (p1− p3) · p2+ p22
= p12− 2p1· p3+ p32+ 2p1· p2− 2p3· p2+ p22 =me2c2. Uwzgędniając relacjęp22 = m2ec2 i bezmasowość fotonu, tzn.
p12= p32= 0, dostaniemy
−2p1· p3+ 2p1· p2− 2p3· p2= 0, a po prostych przekształceniach otrzymamy
p1· p2− p3· p2 = p1· p3.
p1 = (|~p1| , 0, 0, |~p1|) = ~ω0
c (1, 0, 0, 1) , p2 = (mec, 0, 0, 0) , a czteropędy cząstek końcowych wyrażają się wzorami
p3 = ~ω c
1, ˆk= ~ω
c (1, sin θ cos ϕ, sin θ sin ϕ, cos θ) , p4=
E4
c , ~p4
.
Czteropędy cząstek początkowych mają postać p1 = (|~p1| , 0, 0, |~p1|) = ~ω0
c (1, 0, 0, 1) , p2 = (mec, 0, 0, 0) , a czteropędy cząstek końcowych wyrażają się wzorami
p3 = ~ω c
1, ˆk= ~ω
c (1, sin θ cos ϕ, sin θ sin ϕ, cos θ) , p4=
E4
c , ~p4
.
Skąd, wykorzystując wzóra· b = a0b0− ~a · ~b,otrzymamy
p1· p2− p3· p2 = ~(ω0− ω)
c mec =~me(ω0− ω) p1· p3 = ~2ω0ω
c2 (1 − cos θ) .