Rozwi¡zania zada« z kolokwium poprawkowego z mechaniki kwantowej I 24 stycznia 2005 r.
Zadanie 1.
Unormowanymi rozwi¡zaniami zagadnienia wªasnego Lzψm = m¯hψm, czyli równania
¯ h i
dψ
dϕ = m¯hψ, s¡ ψm = q2π1 eimϕ, przy czym z warunku ψ(ϕ + 2π) = ψ(ϕ) wynika m = 0,±1, ±2, .... Funkcje te odpowiadaj¡ energiom Em = m2I2¯h2, przy czym dla m 6= 0 poziomy s¡ dwukrotnie zdegenerowane - odpowiadaj¡ im funkcje ψm i ψ−m.
Je±li Ψ(t = 0) = √23πcos2ϕ = 1
2√
3π(e2iϕ+ 2 + e−2iϕ), to
Ψ(t) = 2√13π(e2iϕ−iE2th¯ + 2 + e−2iϕ−iE2t¯h ) =q16((ψ2+ ψ−2)e−iE2t¯h + 2ψ0).
Pomiar energii da E2 = 2¯hI2 z prawdopodobie«stwem P2+ P−2 = 16 +16 = 13 oraz E0 = 0 z prawdopodobie«stwem P0 = 46 = 23.
Zadanie 2.
a) [r, pr]ψ = ¯hi[r1rd(rψdr −1rd(rdr2ψ)) = ¯hi(ψ + rdψdr − 2ψ − rdψdr) = i¯hψ, czyli [r, pr] = i¯h. Zasada nieoznaczono±ci dla tych wielko±ci ma wi¦c posta¢ σ2rσp2r ≥ ¯h42,
gdzie σ2r ≡< r2 >− < r >2, σp2r ≡< p2r >− < pr >2. W stanie ψ =qλπ3e−λr mamy kolejno (R0∞dxxne−x = n!):
< r >=R d3rr|ψ|2 = 4πλπ3 R0∞drr3e−2λr = 4λ1 R0∞dxx3e−x = 2λ3 ,
< r2 >=R d3rr2|ψ|2 = 4πλπ3 R0∞drr4e−2λr = 8λ12
R∞
0 dxx4e−x= λ32, σ2r = λ32 − 4λ92 = 4λ32,
< pr >=R d3rψ∗prψ = ¯hi4πλπ3 R0∞drr(1− λr)e−2λr = ¯hλi R0∞dx(x−21x2)e−x= ¯hλi (1− 1) =
= 0,
< p2r >= R d3r|prψ|2 = 4π¯h2 λπ3 R0∞dr(1− λr)2e−2λr = 2¯h2λ2R0∞dx(1− x +14x2)e−x =
= 2¯h2λ2(1− 1 + 12) = ¯h2λ2, σ2pr = 2λ2, σ2rσp2r = 34¯h2 > 14¯h2.
b) Równanie radialne dla atomu wodoru ma posta¢ ddr2R2 = 2rdrdr+h¯2µ2(E +er02−l(l+1)¯2µr2h2)R = 0, gdzie e02 ≡ 4πεe20 . Wynikaj¡ca z zadanej funkcji ψ (odpowiadaj¡cej l = 0, bo niezale»nej od θ i ϕ) funkcja R = Ae−λr ma speªnia¢ równanie radialne dla dowolnego r, czyli [λ2− 2λr + 2µE¯h2 + 2µe¯h2r02]Ae−λr ≡ 0,
sk¡d λ = µe¯h202 = a1
0, E = −¯h22µλ2 =−2ae020. Zadanie 3.
Punktem wyj±cia s¡ stany stacjonarne problemu niezaburzonego:
energie En0xny = ¯h2(n2ma2x+n2y2)π2; nx, ny = 1, 2, 3, ... i ortonormalne funkcje falowe
ψn0xny(x, y) =
( 2
asinnxaπxsinnyaπy 0 < x < a, 0 < y < a
0 pozostaªe x i y,
Stan podstawowy jest niezdegenerowany i odpowiada mu funkcja falowa ψ11. Poniewa» V0ψ011= V40ψ220 , to E111 = (ψ110 , V0ψ110 ) = V20(ψ011, ψ022) = 0.
Pierwszy stan wzbudzony jest dwukrotnie zdegenerowany i odpowiadaj¡ mu funkcje falowe ψ210 i ψ012.
Poniewa» V0ψ021= V40(ψ120 + ψ032), V0ψ012= V40(ψ210 + ψ023), to macierz zaburzenia =
"
(ψ210 , V0ψ210 ) (ψ021, V0ψ012) (ψ120 , V0ψ210 ) (ψ012, V0ψ012)
#
=
"
0 V40
V0
4 0
#
. Warto±ciami i wektorami wªasnymi tej macierzy s¡ odpowiednio
V0
4 i q12 1 1
!
oraz −V40 iq12 1
−1
!
.
Stanowi q12(ψ021+ ψ120 )odpowiada wi¦c E1 = V40, a stanowi q12(ψ210 − ψ120 )odpowiednio E1 =−V40.