Rozdział 10
Całka Darboux
10.1 Dolna i górna suma Darboux
Definicja podziału. Niech a, b ∈ R, a < b.
Każdy skończony ciąg P postaci
(10.1) P = (x0, ..., xn), gdzie n ∈ N, a = x0 < x1 < . . . < xn−1 < xn = b.
nazywamy podziałem przedziału [a, b]. Wyrazy xi, i = 0, ..., n, podziału P nazywamy punktami podziału P.
Dla podziału P postaci (10.1) określamy ciąg ∆xi = xi− xi−1, i = 1, ..., n. Liczbę δ(P) = max{∆xi : i = 1, ..., n}
nazywamy średnicą podziału P.
Definicja dolnej i górnej sumy Darboux. Niech f będzie ograniczoną funkcją rze- czywistą określoną na przedziale [a, b]. Niech P będzie podziałem przedziału [a, b] postaci (10.1). Połóżmy
mi = inf f ([xi−1, xi]), Mi = sup f ([xi−1, xi]), i = 1, ..., n.
Liczby
L(P, f ) =
n
X
i=1
mi∆xi oraz U (P, f ) =
n
X
i=1
Mi∆xi
nazywamy odpowiednio dolną oraz górną sumą Darboux funkcji f w przedziale [a, b]
wyznaczoną przez podział P.
Uwaga 10.1.1. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b]. Niech m = inf f ([a, b]), M = sup f ([a, b]). Wówczas m, M ∈ R oraz dla każdego podziału P przedziału [a, b] postaci (10.1) mamy
m 6 mi = inf f ([xi−1, xi])6 sup f ([xi−1, xi]) = Mi 6 M, i = 1, ..., n Zatem L(P, f ) oraz U (P, f ) są liczbami rzeczywistymi oraz
m(b − a) 6 L(P, f ) 6 U (P, f ) 6 M (b − a).
229
Uwaga 10.1.2. Z definicji dolnej i górnej sumy Darboux dostajemy, że jeśli f, g są funk- cjami ograniczonymi w przedziale [a, b] takimi, że f (x)6 g(x) dla x ∈ [a, b], to dla każdego podziału P przedziału [a, b] mamy
L(P, f ) 6 L(P, g) oraz U (P, f ) 6 U (P, g).
Własność 10.1.3. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b]. Wówczas dla każdego podziału P = (x0, ..., xn) przedziału [a, b] mamy
(10.2) L(P, f ) = inf X, U (P, f ) = sup X, gdzie X = {Pn
i=1
f (ti)(xi− xi−1) : ti ∈ [xi−1, xi], i = 1, ..., n}.
Dowód. Z definicji dolnej sumy Darboux mamy, że L(P, f ) jest ograniczeniem dolnym zbioru X. Weźmy dowolne ε > 0 i niech η = b−aε . Z definicji kresu dolnego mamy, że dla każdego i ∈ {1, ..., n} istnieje ti ∈ [xi−1, xi], że f (ti) < inf f ([xi−1, xi]) + η. Oznaczając c =Pn
i=1
f (ti)(xi− xi−1), mamy, że c ∈ X. Ponieważ η Pn
i=1
(xi− xi−1) = η(b − a) = ε, więc
c <
n
X
i=1
(inf f ([xi−1, xi]) + η)(xi− xi−1) = L(P, f ) + η
n
X
i=1
(xi− xi−1) = L(P, f ) + ε.
Reasumując L(P, f ) = inf X. To daje pierwszą część (10.2). Drugą część (10.2) pokazu-
jemy analogicznie jak pierwszą.
Definicja zagęszczenia podziału. Niech P, P∗ będą podziałami przedziału [a, b]. Mó- wimy, że podział P∗ jest zagęszczeniem podziału P, gdy każdy punkt podziału P jest punktem podziału P∗.
Jeśli podział P∗ jest zagęszczeniem podziałów P1, ..., Pj przedziału [a, b], to mówimy, że P∗ jest wspólnym zagęszczeniem podziałów P1, ..., Pj.
Uwaga 10.1.4. Jeśli P1, ..., Pj są podziałami przedziału [a, b], to istnieje podział P∗ który jest wspólnym zagęszczeniem podziałów P1, ..., Pj. (1).
Indukcyjnie, łatwo dowodzimy
Lemat 10.1.5. Jeśli podział P∗ jest zagęszczeniem podziału P przedziału [a, b] oraz P∗ 6= P, to istnieje skończony ciąg podziałów Pk, k = 0, ..., m, przedziału [a, b], że
(a) P0 = P, Pm = P∗,
(b) podział Pk+1 jest zagęszczeniem podziału Pk dla k = 0, ..., m − 1,
(c) podział Pk+1 ma tylko jeden punkt podziału więcej od podziału Pk dla k = 0, ..., m − 1.
1Istotnie, indukcyjnie łatwo pokazujemy, że każdy skończony podzbiór zbioru liczb rzeczywistych jest zbiorem wartości pewnego ciągu rosnącego. Zatem każdy skończony podzbiór X = {x0, ..., xn} ⊂ [a, b]
taki, że x0= a, xn = b wyznacza podział przedziału [a, b], którego zbiorem punktów podziału jest zbiór X. Suma wszystkie punktów podziałów P1, ..., Pj jest zbiorem skończonym, więc jest to zbiór wartości pewnego podziału P∗.
10.1. DOLNA I GÓRNA SUMA DARBOUX 231 Dowód. Dla podziału P = (x0, ..., xn) przedziału [a, b], oznaczamy P = n + 1.
Zastosujemy indukcję względem m = P∗− P . Dla m = 1, wystarczy położyć P0 = P oraz P1 = P∗.
Załóżmy, że teza zachodzi dla m ∈ N. Niech P∗ będzie zagęszczeniem podziału P = (a0, ..., aj) takim, że P∗ − P = m + 1. Wówczas biorąc dowolny punkt x podziału P∗, który nie jest punktem podziału P, istnieje i ∈ {0, ..., j − 1}, że ai < x < ai+1. Zatem P0 = (a0, ..., ai, x, ai+1, ..., aj) jest podziałem przedziału [a, b] takim, że P∗ − P0 = m.
Z założenia indukcyjnego, istnieje więc ciąg podziałów P0, ..., Pm, że P0 = P0, Pn= P∗ oraz Pk+1 = Pk+1 dla k = 0, ..., m−1. W konsekwencji ciąg P, P0, ..., Pmjest szukanym ciągiem podziałów spełniającym (a), (b), (c).
Indukcja kończy dowód.
Własność 10.1.6. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b] oraz niech m = inf f ([a, b]), M = sup f ([a, b]). Jeśli P, P∗ są podziałami przedziału [a, b], przy czym P∗ jest zagęszczeniem podziału P, to
(10.3) m(b − a) 6 L(P, f ) 6 L(P∗, f ) 6 U (P∗, f ) 6 U (P, f ) 6 M (b − a).
W szczególności dla dowolnych podziałów P1, P2 przedziału [a, b] mamy L(P1, f ) 6 U (P2, f ).
Dowód. W myśl uwagi 10.1.1, wystarczy pokazać, że
(10.4) L(P, f ) 6 L(P∗, f ) oraz U (P∗, f ) 6 U (P, f ).
Jeśli P = P∗, to (10.4) jest oczywiste. Załóżmy, że P 6= P∗. Niech, wobec lematu 10.1.5, P0, ..., Pj, j ∈ N, będzie ciągiem podziałów przedziału [a, b] spełniającym warunki (a), (b), (c) w lemacie 10.1.5. Wobec warunku (a), wystarczy pokazać, że
(10.5) L(Pk, f ) 6 L(Pk+1, f ) oraz U (Pk+1, f ) 6 U (Pk, f ) dla k = 0, ..., j − 1.
Weźmy dowolne k ∈ {0, ..., j − 1} i niech Pk+1 = (x0, ..., xn). Oznaczmy mi = inf f ([xi−1, xi]), Mi = sup f ([xi−1, xi]), i = 1, ..., n.
Z warunku (c), istnieje i0 ∈ {1, ..., n − 1}, że Pk = (x0, ..., xi0−1, xi0+1, ..., xn). Oznaczając
˜
mi0+1 = inf f ([xi0−1, xi0+1]), M˜i0+1 = sup f ([xi0−1, xi0+1]), mamy ˜mi0+1 6 mi0, ˜mi0+1 6 mi0+1 oraz ˜Mi0+1 > Mi0, ˜Mi0+1 > Mi0+1, więc (10.6) m˜i0+1(xi0+1− xi0−1)6 mi0(xi0 − xi0−1) + mi0+1(xi0+1− xi0) oraz
(10.7) M˜i0+1(xi0+1− xi0−1)> Mi0(xi0 − xi0−1) + Mi0+1(xi0+1− xi0)
Z (10.6) i (10.7), redukując odpowiednie wyrazy w sumach Darboux funkcji f wyznaczo- nych przez przedziały Pk i Pk+1, dostajemy
L(Pk, f ) − L(Pk+1, f ) = ˜mi0+1(xi0+1− xi0−1) − mi0(xi0− xi0−1) − mi0+1(xi0+1− xi0)6 0, U (Pk, f ) − U (Pk+1, f ) = ˜Mi0+1(xi0+1− xi0−1) − Mi0(xi0− xi0−1) − Mi0+1(xi0+1− xi0)> 0.
To daje (10.5). Biorąc wspólne zagęszczenie P∗ podziałów P1, P2, z (10.5) dostajemy
L(P1, f ) 6 U (P2, f ). To kończy dowód.
10.2 Dolna i górna całka Darboux
Definicja dolnej i górnej całki Darboux. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczy- wistą określoną na przedziale [a, b]. Oznaczmy przez U (f ) zbiór wszystkich górnych sum Darboux U (P, f ) oraz przez L(f ) zbiór wszystkich dolnych sum Darboux L(P, f ), gdzie P przebiega wszystkie podziały przedziału [a, b].
Liczbę sup L(f ) nazywamy dolną całką Darboux funkcji f w przedziale [a, b].
Liczbę inf U (f ) nazywamy górną całką Darboux funkcji f w przedziale [a, b].
Dolną i górną całkę Darboux funkcji f w przedziale [a, b] oznaczamy odpowiednio
Z b
—a
f (x)dx,
Z b a
f (x)dx lub
Z b
—a
f dx,
Z b a
f dx.
Własność 10.2.1. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b]. Wówczas istnieją dolna i górna całka Darboux funkcji f w przedziale [a, b]. Jeśli ponadto m, M ∈ R są takie, że m 6 f (x) 6 M dla x ∈ [a, b], to
(10.8) m(b − a) 6
Z b
—a
f (x)dx 6
Z b
a f (x)dx 6 M (b − a).
Dowód. Wobec własności 10.1.6 mamy, że dla każdego podziału P przedziału [a, b]
mamy m(b − a)6 L(P, f ) 6 U (P, f ) 6 M (b − a). Stąd wynika, że m(b − a) i M (b − a) są odpowiednio ograniczeniami dolnymi i górnymi zbioru L(f ) wszystkich dolnych sum Darboux oraz zbioru U (f ) wszystkich górnych sum Darboux funkcji f w przedziale [a, b].
Ponieważ L(f ) i U (f ) są niepuste, więc ich kresy dolny i górny są liczbami rzeczywistymi.
To daje pierwszą część tezy. Ponadto mamy (10.9) m(b − a) 6 sup L(f ) =Rab
—f (x)dx, Rab f (x)dx = inf U (f ) 6 M (b − a).
Udowodnimy, że
(10.10) Rab
— f (x)dx 6Rab f (x)dx.
Istotnie, z własności 10.1.6 dla dowolnych podziałów P1, P podziału [a, b] mamy L(P1, f ) 6 U (P, f ).
Zatem U (P, f ) jest ograniczeniem górnym zbioru L(f ), więc sup L(f ) 6 U (P, f ). Z do- wolności podziału P przedziału [a, b] mamy, że sup L(f ) jest ograniczeniem dolnym zbioru U (f ), więc sup L(f ) 6 inf U (f ). To daje (10.10). Z (10.10) i (10.9) dostajemy (10.8), co
kończy dowód.
10.2. DOLNA I GÓRNA CAŁKA DARBOUX 233 Uwaga 10.2.2. Wprost z definicji oraz własności 10.2.1 dostajemy, że dla każdej funkcji stałej w przedziale [a, b], dolna i górna całka Darboux w tym przedziale są równe. Ponadto, jeśli c ∈ R oraz f (x) = c dla x ∈ [a, b], to c 6 f (x) 6 c dla x ∈ [a, b], więc z (10.8) dostajemy
Rb
—a f (x)dx =Rab f (x)dx = c(b − a).
Uwaga 10.2.3. Istnieją funkcje ograniczone w przedziale domkniętym, których dolna i górna całka Darboux są różne. Istotnie, rozważmy funkcję Dirichleta f : R → R określoną wzorami f (x) = 0 dla x ∈ Q oraz f (x) = 1 dla x ∈ R \ Q. Jest to funkcja ograniczona, jednak dla dowolnego przedziału [a, b] i jego podziału P mamy L(P, f ) = 0 oraz U (P, f ) = b − a. Zatem
Rb
—a f (x)dx = 0 < (b − a) =Rab f (x)dx.
Podamy warunki równoważne na to aby dana liczba była dolną (odpowiednio górną) całką Darboux funkcji na przedziale domkniętym. Zacznijmy od dwóch lematów.
Lemat 10.2.4. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b] oraz niech M > 0 będzie liczbą taką, że |f (x)| < M dla x ∈ [a, b]. Jeśli P∗ jest zagęszczeniem podziału P przedziału [a, b] takim, że P∗ ma o k punktów podziału więcej od P, to
(10.11)
L(P, f ) > L(P∗, f ) − 3kM δ(P) oraz U (P, f ) 6 U (P∗, f ) + 3kM δ(P).
Dowód. Jeśli k = 0, to teza jest oczywista. Rozważmy przypadek k = 1. Niech P∗ = (x0, ..., xn). Z założenia, że k = 1 wynika, że istnieje i0 ∈ {1, ..., n − 1} takie, że P = (x0, ..., xi0−1, xi0+1, ..., xn). Wówczas, z wyboru liczby M , mamy
L(P∗, f ) − L(P, f ) = (xi0 − xi0−1) inf f ([xi0−1, xi0] + (xi0+1− xi0) inf f ([xi0, xi0+1]
−(xi0+1− xi0−1) inf f ([xi0−1, xi0+1]6 3M δ(P).
To daje pierwszą część (10.11) dla k = 1. Drugą cząść dowodzimy analogicznie. Stosując
teraz lemat 10.1.5, łatwo indukcyjnie dostajemy tezę.
Lemat 10.2.5. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b]. Wówczas
(a) Dla każdego ε > 0 istnieje K > 0, że dla każdego podziału P przedziału [a, b]
zachodzi
(10.12) −ε − Kδ(P)+
Z b
—a
f (x)dx 6 L(P, f ) 6
Z b
—a
f (x)dx.
(b) Dla każdego ε > 0 istnieje K > 0, że dla każdego podziału P przedziału [a, b]
zachodzi (10.13)
Z b
a f (x)dx 6 U (P, f ) 6 ε + Kδ(P)+
Z b a
f (x)dx.
Dowód. Udowodnimy (a). Niech B =Rab
— f (x)dx. Nierówność L(P, f ) 6 B wynika z definicji dolnej całki Darboux funkcji f w przedziale [a, b]. Pokażemy pierwszą nierówność w (10.12). Ponieważ f jest funkcją ograniczoną w przedziale [a, b], więc istnieje M > 0, że (10.14) |f (x)| < M dla każdego x ∈ [a, b].
Weźmy dowolne ε > 0. Z (a) i określenia dolnej całki Darboux wynika, że istnieje podział P1 = (x0, ..., xk) przedziału [a, b] taki, że
(10.15) B − ε < L(P1, f ).
Weźmy dowolny podział P przedziału [a, b]. Niech P∗ będzie wspólnym zagęszczeniem podziałów P i P1, którego zbiorem punktów podziału jest suma zbiorów punktów podziału P i P1. Wtedy z (10.15) i własności 10.1.6 i mamy
(10.16) B − ε < L(P∗, f ).
Ponieważ podział P∗ ma co najwyżej k punktów podziału więcej od podziału P, więc z (10.14) i lematu 10.2.4 dostajemy
(10.17) L(P, f ) > L(P∗, f ) − 3kM δ(P).
Biorąc K = 3kM , z (10.16) i (10.17) wynika pierwszą nierówność w (10.12). To daje (a).
Część (b) dowodzimy analogicznie jak część (a).
Twierdzenie 10.2.6. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na prze- dziale [a, b] oraz niech A ∈ R. Wówczas następujące warunki są równoważne:
(a) Rab
—f (x)dx = A.
(b) Dla każdego ciągu (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] takiego, że lim
n→∞ δ(Pn) = 0, zachodzi lim
n→∞L(Pn, f ) = A.
(c) Istnieje ciąg (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] taki, że lim
n→∞ δ(Pn) = 0 oraz
n→∞lim L(Pn, f ) = A.
Dowód. Udowodnimy implikację (a)⇒(b). Weźmy dowolny ciąg (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] taki, że lim
n→∞δ(Pn) = 0. Weźmy dowolne ε > 0. Z (a) i z lematu 10.2.5(a) wynika, że istnieje stała K ∈ R, że
(10.18) A − ε
2− Kδ(Pn)6 L(Pn, f ) 6 A dla n ∈ N.
Ponieważ lim
n→∞δ(Pn) = 0, więc istnieje N ∈ N, że dla n > N mamy Kδ(Pn) < ε2. Stąd i z (10.18) wynika, że
A − ε < L(Pn, f ) 6 A dla n > N.
To, wobec dowolności ε > 0 daje, że lim
n→∞L(Pn, f ) = A, czyli mamy (b).
Implikacja (b)⇒(c) wynika z faktu, że istnieją ciągi podziałów (Pn)∞n=1 przedziału [a, b] takie, że lim
n→∞δ(Pn) = 0.
10.2. DOLNA I GÓRNA CAŁKA DARBOUX 235 Udowodnimy implikację (c)⇒(a). Niech (Pn)∞n=1 będzie ciągiem podziałów przedziału [a, b] takim, że lim
n→∞ δ(Pn) = 0 oraz lim
n→∞ L(Pn, f ) = A. Niech B =Rab
— f (x)dx. Weźmy dowolne ε > 0. Z lematu 10.2.5(a) wynika, że istnieje stała K ∈ R, że
(10.19) B − ε
2− Kδ(Pn)6 L(Pn, f ) 6 B dla n ∈ N.
Ponieważ lim
n→∞δ(Pn) = 0, więc istnieje N ∈ N, że dla n > N mamy Kδ(Pn) < ε2. Stąd i z (10.19) wynika, że B − ε < L(Pn, f ) 6 B dla n > N. Przechodząc teraz do granicy przy n → ∞ dostajemy B − ε 6 A 6 B. To, wobec dowolności ε > 0 daje, że B = A,
czyli mamy (a).
Analogicznie jak twierdzenie 10.2.6 dowodzimy
Twierdzenie 10.2.7. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na prze- dziale [a, b] oraz niech A ∈ R. Wówczas następujące warunki są równoważne:
(a) Rab f (x)dx = A.
(b) Dla każdego ciągu (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] takiego, że lim
n→∞ δ(Pn) = 0, zachodzi lim
n→∞U (Pn, f ) = A.
(c) Istnieje ciąg (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] taki, że lim
n→∞ δ(Pn) = 0 oraz
n→∞lim U (Pn, f ) = A.
Z twierdzeń 10.2.6, 10.2.7 wynika
Twierdzenie 10.2.8. Niech f , g będą ograniczonymi funkcjami rzeczywistymi określony- mi na przedziale [a, b] oraz c ∈ R, c 6= 0. Wówczas
(a) Jeśli f (x)6 g(x) dla x ∈ [a, b], to Rab
— f dx 6Rab
—gdx oraz Rab f dx 6Rab gdx.
(b) Rab
—f dx+ Rab
—gdx 6Rab
—(f + g)dx6Rab (f + g)dx6Rab f dx+ Rab gdx.
(c) Rab
—cf dx = c Rab
—f dx oraz Rab cf dx = c Rab f dx, gdy c > 0 (d) Rab
—cf dx = c Rab f dx oraz Rab cf dx = c Rab
—f dx, gdy c < 0.
Dowód. Część (a) wynika natychmiast z definicji dolnej i górnej całki Darboux, bo- wiem z założenia, że f (x) 6 g(x) dla x ∈ [a, b], dostajemy że dla każdego podziału P przedziału [a, b] zachodzi L(P, f )6 L(P, g) oraz U (P, f ) 6 U (P, g).
Niech P = (x0, ..., xk) będzie podziałem przedziału [a, b]. Zanim przejdziemy do do- wodów dalszych części twierdzenia, udowodnimy trzy pomocnicze własności:
(i) L(P, f ) + L(P, g) 6 L(P, f + g) 6 U (P, f + g) 6 U (P, f ) + U (P, g).
(ii) L(P, cf ) = cL(P, f ) oraz U (P, cf ) = cU (P, f ), gdy c > 0.
(iii) L(P, cf ) = cU (P, f ) oraz U (P, cf ) = cL(P, f ), gdy c < 0.
Istotnie, liczba inf f ([xi−1, xi]) + inf g([xi−1, xi]) jest ograniczeniem dolnym zbioru (f + g)([xi−1, xi]), więc
inf f ([xi−1, xi]) + inf g([xi−1, xi])6 inf(f + g)([xi−1, xi]) dla i = 1, ..., k.
Stąd i z definicji dolnej sumy Darboux wynika pierwsza nierówność w (i). Druga nie- równość wynika z własności 10.1.6. Trzecią nierówność w (i) dowodzimy analogicznie jak pierwszą.
Z własności kresów dolnego i górnego zbioru mamy
inf cf ([xi−1, xi]) = c inf f ([xi−1, xi]), sup cf ([xi−1, xi]) = c sup f ([xi−1, xi]), gdy c > 0.
Stąd dostajemy (ii). Ponadto
inf cf ([xi−1, xi]) = c sup f ([xi−1, xi]), gdy c < 0.
Stąd wynika (iii).
Weźmy dowolny ciąg (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] taki, że lim
n→∞δ(Pn) = 0.
Z własności (i) dla każdego n ∈ N mamy
L(Pn, f ) + L(Pn, g) 6 L(Pn, f + g) 6 U (Pn, f + g) 6 U (Pn, f ) + U (Pn, g).
Przechodząc więc do granicy przy n → ∞, w myśl twierdzeń 10.2.6, 10.2.7 dostajemy (b).
Niech c > 0. Z własności (ii) dla każdego n ∈ N mamy
L(Pn, cf ) = cL(Pn, f ) oraz U (Pn, cf ) = cU (Pn, f ),
więc przechodząc do granicy przy n → ∞ dostajemy (c). Analogicznie, opierając się na
własności (iii), dowodzimy część (d).
Twierdzenie 10.2.9. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na prze- dziale [a, b] oraz niech c ∈ R, a < c < b. Wówczas
Z b
—a
f dx =
Z c
—a
f dx+
Z b
—c
f dx oraz
Z b a
f dx =
Z c a
f dx+
Z b c
f dx.
Dowód. Niech (Pan)∞n=1 oraz (Pbn)∞n=1 będą ciągami podziałów odpowiednio przedzia- łów [a, c] oraz [c, b] takimi, że lim
n→∞ δ(Pan) = 0 oraz lim
n→∞ δ(Pbn) = 0. Niech Pn będzie podziałem przedziału [a, b] utworzonym przez sumę zbiorów punktów podziału Pan oraz Pbn dla n ∈ N. Wtedy limn→∞ δ(Pn) = 0 oraz z definicji dolnej i górnej sumy Darboux dostajemy
L(Pn, f ) = L(Pan, f ) + L(Pbn, f ), U (Pn, f ) = U (Pan, f ) + U (Pbn, f ).
Stąd, przechodząc do granicy przy n → ∞, z twierdzeń 10.2.6, 10.2.7 dostajemy tezę.
Rozdział 11
Całka Riemanna
11.1 Całka Riemanna
Definicja całki Riemanna. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na przedziale [a, b].
Mówimy, że funkcja f jest całkowalna w sensie Riemanna w przedziale [a, b] lub, że jest całkowalna w przedziale [a, b], gdy dolna i górna całka Darboux funkcji f w przedziale [a, b] są równe, to znaczy Rab
—f (x)dx =Rab f (x)dx.
Zbiór wszystkich funkcji całkowalnych w sensie Riemanna w przedziale [a, b] oznacza- my R([a, b]).
Jeśli f ∈ R([a, b]), to wspólną wartość dolnej i górnej całki Darboux oznaczamy
Z b a
f dx lub
Z b a
f (x)dx
i nazywamy całką Riemanna funkcji f w przedziale [a, b] lub całką oznaczoną Riemanna funkcji f w przedziale [a, b].
Dla uproszczenia zapisu przyjmuje się następujące oznaczenia
Definicja . Jeśli funkcja f jest określona w punkcie a, to przyjmujemyRaaf dx = 0.
Jeśli f ∈ R([a, b]), to przyjmujemyRbaf dx = −Rabf dx.
Uwaga 11.1.1. Wprost z definicji oraz uwagi 10.2.2 dostajemy, że każda funkcja stała w przedziale [a, b] jest całkowalna w sensie Riemanna w tym przedziale. Ponadto, jeśli c ∈ R oraz f (x) = c dla x ∈ [a, b], to Rabf dx = c(b − a).
Istnieją funkcje ograniczone w przedziale domkniętym, które nie są całkowalne w sensie Riemanna. Przykładem takiej funkcji jest funkcja Dirichleta (patrz uwaga 10.2.3).
Z własności 10.1.6 dostajemy natychmiast
Własność 11.1.2. Niech f ∈ R([a, b]) oraz niech m = inf f ([a, b]), M = sup f ([a, b]).
Wówczas
(11.1) m(b − a) 6
Z b
a f dx 6 M (b − a).
237
Z własności dolnej i górnej całki Darboux (twierdzenia 10.2.8, 10.2.9) dostajemy Twierdzenie 11.1.3. Niech f, f1, f2 ∈ R([a, b]), niech g : [a, b] → R oraz niech c ∈ R.
Wówczas
(a) f1+ f2 ∈ R([a, b]) oraz cf ∈ R([a, b]) i
Z b a
(f1+ f2)dx =
Z b a
f1dx +
Z b a
f2dx oraz
Z b a
cf dx = c
Z b a
f dx.
(b) Jeśli f1(x)6 f2(x) dla x ∈ [a, b], to
Z b
a
f1dx 6
Z b
a
f2dx.
(c) Jeśli M ∈ R jest takie, że |f (x)| 6 M dla x ∈ [a, b], to
Z b a
f dx
6 M (b − a).
(d) Jeśli a < c < b, to f ∈ R([a, c]) i f ∈ R([c, b]) oraz
Z b a
f dx =
Z c a
f dx +
Z b c
f dx.
(e) Jeśli a < c < b i g ∈ R([a, c]) oraz g ∈ R([c, b]), to g ∈ R([a, b]).
Dowód. Ad. (a) Z twierdzenia 10.2.8(b) dostajemy (11.2) Rab
—f1dx+ Rab
— f2dx 6Rab
—(f1+ f2)dx6Rab (f1+ f2)dx6Rab f1dx+Rab f2dx.
Z założenia f1, f2 ∈ R([a, b]), mamy
Z b a
f1dx =
Z b
—a
f1dx =
Z b a
f1dx oraz
Z b a
f2dx =
Z b
—a
f2dx =
Z b a
f2dx.
Zatem (11.2) jest ciągiem równości. To daje pierwszą część (a). Druga część (a) wynika natychmiast z twierdzenia 10.2.8(c)(d). Istotnie dla c = 0 teza jest oczywista. Dla c > 0 mamy
Z b
—a
cf dx = c
Z b
—a
f dx = c
Z b a
f dx = c
Z b a
f dx =
Z b a
cf dx.
Dla c < 0 zaś
Z b
—a
cf dx = c
Z b a
f dx = c
Z b a
f dx = c
Z b
—a
f dx =
Z b a
cf dx.
Ad. (b) Część (b) wynika natychmiast z twierdzenia 10.2.8(a).
11.1. CAŁKA RIEMANNA 239 Ad. (c) Ponieważ −M 6 f (x) 6 M dla x ∈ [a, b], więc −M 6 inf f ([a, b]) oraz sup f ([a, b])6 M . Zatem z własności 11.1.2 dostajemy
−M (b − a) 6
Z b
a f dx 6 M (b − a), co daje (c).
Ad. (d) Z twierdzenia 10.2.9, mamy
Z b
—a
f (x)dx =
Z c
—a
f (x)dx+
Z b
—c
f (x)dx 6
Z c a
f (x)dx+
Z b c
f (x)dx =
Z b a
f (x)dx.
Z założenia Rab
— f (x)dx =Rab f (x)dx, więc powyżej zachodzi ciąg równości. Z własności 10.2.1 mamy Rac
—f (x)dx 6Rac f (x)dx oraz Rcb
—f (x)dx 6Rcb f (x)dx. W konsekwencji,
Z c
—a
f (x)dx =
Z c a
f (x)dx oraz
Z b
—c
f (x)dx =
Z b c
f (x)dx.
To daje, że f ∈ R([a, c]), f ∈ R([c, b]) i zachodzi (d).
Ad. (e) Ponieważ g ∈ R([a, c]) oraz g ∈ R([c, b]), więc z twierdzenia 10.2.9 dostajemy
Z b
—a
g(x)dx =
Z c
—a
g(x)dx+
Z b
—c
g(x)dx =
Z c a
g(x)dx+
Z b c
g(x)dx =
Z b a
g(x)dx,
więc g ∈ R([a, b]).
Uwaga 11.1.4. W analizie rozważa się również tak zwaną całkę Riemanna-Strieltjesa lub krótko całkę Stieltjesa. Jest to uogólnienie całki Riemanna. Całkę Stieltjesa definiujemy następująco:
Definicja całki Stieltjesa. Niech α będzie funkcją rosnącą określoną na przedziale [a, b].
Dla każdego podziału P = (x0, ..., xn) przedziału [a, b] określamy ∆αi = α(xi) − α(xi−1).
Dla dowolnej funkcji rzeczywistej f ograniczonej na przedziale [a, b], kładziemy kolejno mi = inf f ([xi−1, xi]), Mi = sup f ([xi−1, xi]), i = 1, ..., n.
L(P, f, α) =
n
X
i=1
mi∆αi oraz U (P, f, α) =
n
X
i=1
Mi∆αi
Z b a
f dα = inf{U (P, f, α) : P jest podziałem przedziału [a, b]}.
Z b
—a
f dα = sup{L(P, f, α) : P jest podziałem przedziału [a, b]}.
Jeśli Rab f dα =Rab
— f dα, to tę wspólną wartość nazywamy całką Riemanna-Strieltjesa lub krótko całką Stieltjesa funkcji f względem funkcji α na przedziale [a, b] i oznaczamyRabf dα.
Można pokazać, że całka Stieltjesa ma analogiczne własności do twierdzenia 11.1.3 oraz do twierdzeń z następnych punktów: 11.2.1, 11.2.2, 11.3.1, 11.4.2. Przy dodatkowych założeniach o funkcji α zachodzą również analogiczne własności do pozostałych twierdzeń w następnych punktach.
11.2 Warunki istnienia całki Riemanna
Podamy teraz równoważne warunki całkowalności funkcji w sensie Riemanna.
Z definicji całki Riemanna i z twierdzeń 10.2.6 oraz 10.2.7 mamy
Twierdzenie 11.2.1. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na prze- dziale [a, b] oraz niech A ∈ R. Wówczas następujące warunki są równoważne:
(a) f ∈ R([a, b]) oraz (11.3)
Z b a
f (x)dx = A.
(b) Dla każdego ciągu (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] takiego, że lim
n→∞ δ(Pn) = 0, zachodzi
(11.4) lim
n→∞L(Pn, f ) = A oraz lim
n→∞U (Pn, f ) = A.
(c) Istnieje ciąg (Pn)∞n=1 podziałów przedziału [a, b] taki, że zachodzi (11.4).
Dowód. Wobec definicji całki Riemanna, (11.3) jest równoważne temu, że
Z b
—a
f (x)dx = A oraz
Z b a
f (x)dx = A.
Zatem z twierdzeń 10.2.6, 10.2.7 dostajemy implikacje (a)⇒(b)⇒(c). Z (c) mamy A 6Rab
—f dx i Rab f dx 6 A, zatem Rabf dx = A. To daje implikację (c)⇒(a). Twierdzenie 11.2.2. Niech f będzie ograniczoną funkcją rzeczywistą określoną na prze- dziale [a, b]. Wówczas następujące warunki są równoważne:
(a) f ∈ R([a, b]).
(b) dla każdego ε > 0 istnieje η > 0, że dla każdego podziału P przedziału [a, b] takiego, że δ(P) < η zachodzi
(11.5) U (P, f ) − L(P, f ) < ε.
(c) dla każdego ε > 0 istnieje podział P przedziału [a, b] taki, że zachodzi (11.5).
Dowód. Udowodnimy implikację (a)⇒(b). Przypuśćmy przeciwnie, że istnieje ε0 > 0 takie, że dla każdego η > 0 istnieje podział P przedziału [a, b] o średnicy mniejszej od η,
11.2. WARUNKI ISTNIENIA CAŁKI RIEMANNA 241 że zachodzi U (P, f ) − L(P, f )> ε0. W szczególności dla każdego n ∈ N istnieje podział Pn przedziału [a, b] taki, że δ(Pn) < 1n oraz
(11.6) U (Pn, f ) − L(Pn, f ) > ε0. Niech A =Rabf dx. Ponieważ lim
n→∞δ(Pn) = 0, więc twierdzenia 11.2.1 wynika, że
n→∞lim L(Pn, f ) = A = lim
n→∞U (Pn, f ).
To przeczy (11.6). Otrzymana sprzeczność daje, że przypuszczenie było fałszywe.
Implikacja (b)⇒(c) jest oczywista.
Udowodnimy implikację (c)⇒(a). Weźmy dowolne ε > 0. Z (c) mamy, że istnieje podział P przedziału [a, b] taki, że zachodzi (11.5). Zatem z definicji dolnej i górnej całki Darboux mamy
06
Z b a
f (x)dx−
Z b
—a
f (x)dx 6 U (P, f ) − L(P, f ) < ε.
Stąd i z dowolności ε > 0 mamyRab f (x)dx =Rab
—f (x)dx, więc f ∈ R([a, b]). To daje (a).
Twierdzenie 11.2.3. Niech f ∈ R([a, b]) oraz m, M ∈ R będą takie, że m 6 f (x) 6 M dla x ∈ [a, b],
przy czym niech m < M . Niech ϕ będzie funkcją ciągłą w przedziale [m, M ] oraz niech h(x) = ϕ(f (x)), x ∈ [a, b].
Wówczas h ∈ R([a, b]).
Dowód. Niech K ∈ R będzie takie, że |ϕ(t)| < K dla t ∈ [m, M ]. Weźmy dowolne ε > 0 i niech
ε0 = ε b − a + 2K.
Ponieważ ϕ jest funkcją jednostajnie ciągłą, więc istnieje δ > 0 taka, że δ < ε0 oraz dla każdych t0, t00 ∈ [m, M ] zachodzi
(11.7) |t0− t00| < δ ⇒ |ϕ(t0) − ϕ(t00)| < ε0.
Ponieważ f ∈ R([a, b]), więc istnieje podział P = (x0, ..., xn) przedziału [a, b] taki, że (11.8) U (P, f ) − L(P, f ) < δ2.
Niech
mi = inf f ([xi−1, xi]), Mi = sup f ([xi−1, xi]) oraz niech
m∗i = inf h([xi−1, xi]), Mi∗ = sup h([xi−1, xi])
dla i = 1, ..., n. Niech A będzie zbiorem tych i ∈ {1, ..., n} dla których Mi− mi < δ oraz niech B – zbiorem tych i ∈ {1, ..., n}, że Mi− mi > δ.
Zauważmy, że dla i ∈ A mamy
(11.9) X
i∈A
(Mi∗ − m∗i)(xi− xi−1)6 ε0(b − a).
Istotnie, z definicji Mi∗ i m∗i dostajemy, że dla każdego η > 0 istnieją x0, x00 ∈ [xi−1, xi] takie, że h(x0)> Mi∗− η2 oraz h(x00)6 m∗i + η2. Zatem
Mi∗− m∗i − η 6 h(x0) − h(x00).
Ponieważ i ∈ A, więc
|f (x0) − f (x00)| < δ i wobec (11.7), |h(x0) − h(x00)|6 ε0.
Stąd dostajemy, że Mi∗− m∗i− η 6 ε0 i wobec dowolności η > 0, że Mi∗− m∗i 6 ε0. To daje (11.9).
Z (11.8) i określenia zbioru B mamy δX
i∈B
(xi− xi−1)6X
i∈B
(Mi− mi)(xi − xi−1)6 U (P, f ) − L(P, f ) < δ2,
więc Pi∈B(xi− xi−1) < δ. Z wyboru liczby K mamy Mi∗ − m∗i 6 2K dla i ∈ {1, ..., n}, więc
X
i∈B
(Mi∗− m∗i)(xi− xi−1)6 2KX
i∈B
(xi− xi−1) < 2Kδ < 2Kε0. Stąd i z (11.9) mamy
U (P, h)−L(P, h) =X
i∈A
(Mi∗−m∗i)(xi−xi−1)+X
i∈B
(Mi∗−m∗i)(xi−xi−1) < ε0(b−a+2K) = ε.
To, wobec twierdzenia 11.2.2 daje, że h ∈ R([a, b]) i kończy dowód. Twierdzenie 11.2.4. Jeśli f, g ∈ R([a, b]), to
(a) f g ∈ R([a, b]), (b) |f | ∈ R([a, b]) oraz
Z b a
f dx
6
Z b a
|f |dx.
Dowód. Ad. (a) Wobec twierdzenia 11.1.3 mamy f + g, f − g ∈ R([a, b]). Zatem biorąc funkcję ϕ(t) = t2, t ∈ R, w myśl twierdzenia 11.2.3 mamy, że
(f + g)2 = ϕ(f + g) ∈ R([a, b]) oraz (f − g)2 = ϕ(f − g) ∈ R([a, b]).
W konsekwencji
f g = 1
4[(f + g)2− (f − g)2] ∈ R([a, b]).
11.3. CIĄGŁOŚĆ A CAŁKOWALNOŚĆ 243 Ad. (b) Przyjmując ϕ(t) = |t|, t ∈ R, z twierdzenia 11.2.3 dostajemy, że |f | ∈ R([a, b]).
Niech c ∈ {−1, 1} będzie takie, że cRabf dx > 0. Wtedy, cf (x) 6 |f (x)| dla x ∈ [a, b], zatem z twierdzenia 11.1.3(a)(b) mamy
Z b a
f dx
= c
Z b a
f dx =
Z b
a cf dx 6
Z b a
|f |dx.
To kończy dowód.
Twierdzenie 11.2.5. Niech f ∈ R([a, b]). Jeśli f (x) > 0 dla x ∈ [a, b], toRabf (x)dx > 0.
Dowód. Ponieważ f (x) > 0 dla x ∈ [a, b], to z twierdzenia 11.1.3(b) dla dowolnych c, d ∈ R takich, że a 6 c < d 6 b dostajemy, że Rcdf (x)dx > 0. Przypuśćmy przeciwnie, żeRabf (x)dx 6 0. Wtedy Rabf (x)dx = 0. Zauważmy, że
(11.10)
Z d c
f (x)dx = 0 dla dowolnych c, d ∈ R takich, że a 6 c < d 6 b.
Istotnie, w przeciwnym razie dla pewnych a6 c < d 6 b zachodzi Rcdf (x)dx > 0, a więc
Z b a
f (x)dx =
Z c a
f (x)dx +
Z d c
f (x)dx +
Z b d
f (x)dx > 0, co przeczy przypuszczeniu.
Zauważmy, że istnieje ciąg przedziałów domkniętych (Pn)∞n=1 taki, że
(11.11) [a, b] ⊃ P1 ⊃ P2 ⊃ . . .
oraz dla każdego n ∈ N,
(11.12) f (x) 6 1
n dla x ∈ Pn.
Istotnie, Rabf (x)dx = 0, więc z twierdzenia 11.2.1 istnieje podział P1 = (x0, ..., xn) prze- działu [a, b] taki, że U (P1, f ) < b − a, a więc istnieje i, że dla P1 = [xi−1, xi] zachodzi (11.12). Wobec (11.10) mamyRxxi
i−1f (x)dx = 0, więc podobnie jak wyżej istnieje podział P2 = (y0, ..., ym) przedziału P1 taki, że U (P2, f ) < 12(xi− xi−1), a więc istnieje przedział P2 ⊂ P1 dla którego zachodzi (11.12). Postępując dalej indukcyjnie dostajemy, że istnieje zapowiedziany ciąg przedziałów (Pn).
Ponieważ (Pn) jest ciągiem przedziałów domkniętych spełniającym (11.11), więc ist- nieje punkt z ∈T∞n=1Pn. Wtedy z ∈ [a, b] i wobec (11.12), f (z)6 0. To przeczy założeniu.
11.3 Ciągłość a całkowalność
Z twierdzenia 11.2.2 dostajemy